emu1
第一题
一个很奇怪的贪心。先排序一遍,再扫描一遍,能加入尽量加入,不能加入就一定不能加入。。由于每次都在可能的最早时间加入一个数可以保证差最小?反正差不多这样了。
O(n log n)
#include <cstdio>
#include <algorithm>
bool cmp(int a,int b){
return a>b;
}
int m,n,i,j,k,f[200000],g[200000];
int sumn,sumd;
int main(){
freopen("stockman.in","r",stdin);
freopen("stockman.out","w",stdout);
scanf("%d%d",&n,&m);
for(i=0;i<n;++i) scanf("%d",f+i);
for(i=0;i<m;++i) scanf("%d",g+i);
std::sort(f,f+n);
std::sort(g,g+m);
i=n-1;j=m-1;
while(i>=0 && j>=0){
//while using the jth stockman trying to match the ith pig
if(f[i]>=g[j]){
if(!(i&&j)||f[i-1]<=g[j]||f[i-1]>=g[j-1]){
++sumn;
sumd+=f[i]-g[j];
--i;
--j;
continue;
}
--i;
}else{
--j;
}
}
printf("%d\n%d\n",sumn,sumd);
return 0;
}
似乎有个更好的堆的解法?
#include <cstdio>
#include <queue>
#include <algorithm>
std::priority_queue<int> q;
int m,n,i,j,k,f[200000],g[200000];
int sumn,sumd;
int main(){
freopen("stockman.in","r",stdin);
freopen("stockman.out","w",stdout);
scanf("%d%d",&n,&m);
for(i=0;i<n;++i) scanf("%d",f+i);
for(i=0;i<m;++i) scanf("%d",g+i);
std::sort(f,f+n);
std::sort(g,g+m);
for(i=0;i<n;++i){
while(f[i]>=g[j] && j<m){
q.push(g[j]);
++j;
}
if(!(q.empty())){
++sumn;
sumd+=f[i]-q.top();
q.pop();
}
}
printf("%d\n%d\n",sumn,sumd);
return 0;
}
第二题。。
先BFS一遍求出每个点与最近的敌人的距离,再二分答案能否到达,BFS求距离。
O(log{max(dis)==2000}mn)最沙茶的数据也可以过吧。。
#include <cstdio>
#include <cstring>
int qx[8000000],qy[8000000],qh,qt;
int f[2000][2000],m,n,i,j,k,x,y,x1,x2,y1,y2;
bool accessed[2000][2000];
char ch;
int left,right,mid,ans,ansl;
int minl[2000][2000];
inline void relax(int x,int y,int v){
if(accessed[x][y]) return;
if(x<0 || y<0 || x==n || y==m) return;
f[x][y]=v;
accessed[x][y]=true;
qx[qt]=x;
qy[qt++]=y;
}
inline void relax2(int x,int y,int v,int l){
if(accessed[x][y] || f[x][y]<l) return;
if(x<0 || y<0 || x==n || y==m) return;
minl[x][y]=v;
accessed[x][y]=true;
qx[qt]=x;
qy[qt++]=y;
}
bool check(int least){
memset(accessed,0,sizeof accessed);
qh=qt=0;
qx[qt]=x1;
qy[qt++]=y1;
minl[x1][y1]=0;
accessed[x1][y1]=true;
while(qh!=qt){
x=qx[qh];
y=qy[qh++];
i=minl[x][y]+1;
relax2(x,y+1,i,least);
relax2(x,y-1,i,least);
relax2(x+1,y,i,least);
relax2(x-1,y,i,least);
}
return accessed[x2][y2];
}
int main(){
freopen("escape.in","r",stdin);
freopen("escape.out","w",stdout);
scanf("%d%d%d%d%d%d%d",&k,&n,&m,&x1,&y1,&x2,&y2);
for(i=0;i<k;++i){
scanf("%d%d",&x,&y);
qx[qt]=x;
qy[qt++]=y;
}
while(qh!=qt){
x=qx[qh];
y=qy[qh++];
i=f[x][y]+1;
relax(x,y+1,i);
relax(x,y-1,i);
relax(x+1,y,i);
relax(x-1,y,i);
}
left=0;right=f[x1][y1];
while(left<=right){
mid=(left+right)/2;
if(check(mid)){
left=mid+1;
ans=mid;
ansl=minl[x2][y2];
}else{
right=mid-1;
}
}
printf("%d %d\n",ans,ansl);
return 0;
}
第三题
orz WJZ神犇的双参数SPFA。
______________________________________________________________________
emu1的更多相关文章
- 初识DSP
初识DSP 1.TI DSP的选型主要考虑处理速度.功耗.程序存储器和数据存储器的容量.片内的资源,如定时器的数量.I/O口数量.中断数量.DMA通道数等.DSP的主要供应商有TI,ADI,Motor ...
- DSP连接不上CCS3.3的问题讨论
环境 操作系统:Win7, 64bit IDE:CCS V3.3 仿真器:SEED XDS510PLUS DSP型号:TMS320C6713GDP(DSP6713) 检查步骤 试着按下复位按键后再点击 ...
- ulogd(一)
参考资料: https://blog.csdn.net/eydwyz/article/details/52456335 https://blog.csdn.net/chinalinuxzend/art ...
- am335x mux配置
/**************************************************************** * am335x mux配置 * * am335x的引脚复寄存器是C ...
- am335x gpio分析
/************************************************************************ * am335x_gpio * 本文主要记录am33 ...
- DSP28335的上手试用LED灯闪烁-第一篇
1. 本次以三兄弟的DSP28335开发板为例,看下JTAG接口,EMU0,EMU1的用途,不是很懂,不深入研究,用到再说 EMU0/1是TI芯片的JTAG才有的信号,本身不属于JTAG标准里的信号, ...
- Android 模拟器 下载、编译及调试
Android 模拟器源码下载 Android 模拟器源码的下载与 Android AOSP 源码库的下载过程类似,可以参考 Google 官方提供的 Android 源码下载文档 来了解这个过程. ...
- Android 模拟器下载、编译及调试
Android 模拟器源码下载 Android 模拟器源码的下载与 Android AOSP 源码库的下载过程类似,可以参考 Google 官方提供的 Android 源码下载文档 来了解这个过程. ...
随机推荐
- MVC4 code first 增加属性,对应自动修改列的方法笔记
VS工具>库程序包管理器>程序包管理控制台,然后输入以下命令 enable-migrations -contexttypename Mvc4Application1.Models.Movi ...
- java和linux的编码
最近要使用中科院计算所的关键词工具NLPIR,用java调用,在windows下测试后放到linux下跑,就发现会有乱码. windows下默认是GBK,linux下是utf-8,因此在意料之中(尽管 ...
- 【转载】Velocity模板引擎的介绍和基本的模板语言语法使用
原文地址http://www.itzhai.com/the-introduction-of-the-velocity-template-engine-template-language-syntax- ...
- BZOJ-1879 Bill的挑战 状态压缩DP
MD....怎么又是状压....... 1879: [Sdoi2009]Bill的挑战 Time Limit: 4 Sec Memory Limit: 64 MB Submit: 537 Solved ...
- 我对Padding Oracle Attack的分析和思考
道哥的<白帽子讲web安全>有一章提到Padding Oracle Attack的攻击方式,据说这货在2011年的Pwnie Rewards上还被评为"最具价值的服务器漏洞&qu ...
- php中图片文件的导入,上传与下载
---------------------------------------------图片的导入-------------------------------------------------- ...
- UVa OJ 140 - Bandwidth (带宽)
Time limit: 3.000 seconds限时3.000秒 Problem问题 Given a graph (V,E) where V is a set of nodes and E is a ...
- FITTING A MODEL VIA CLOSED-FORM EQUATIONS VS. GRADIENT DESCENT VS STOCHASTIC GRADIENT DESCENT VS MINI-BATCH LEARNING. WHAT IS THE DIFFERENCE?
FITTING A MODEL VIA CLOSED-FORM EQUATIONS VS. GRADIENT DESCENT VS STOCHASTIC GRADIENT DESCENT VS MIN ...
- pthread clean up
https://www.ibm.com/developerworks/cn/linux/thread/posix_threadapi/part4/ http://www.cnblogs.com/xfi ...
- Mutex和内存可见性
http://ifeve.com/mutex-and-memory-visibility/ POSIX内存可见性规则 IEEE 1003.1-2008定义了XBD 4.11内存同步中的内存可见性规则. ...