NC22604 小A与任务
题目
题目描述
小A手头有 n 份任务,他可以以任意顺序完成这些任务,只有完成当前的任务后,他才能做下一个任务
第 i 个任务需要花费 \(x_i\) 的时间,同时完成第 i 个任务的时间不能晚于 \(y_i\) ,时间掌控者向小A提出了一个条件:如果完成第 i 个任务的时间本应是 t ,但小A支付 m 个金币的话,他可以帮助小A在 \(t-m\times z_i\) 时刻完成第 i 个任务,\(z_i\) 是时间参数,会在输入中给出
小A想按时完成所有任务,请你帮他制定一个花费金币最少的方案
注意:不能使得某个任务的花费时间小于 0 ,花费的金币可以不是整数
输入描述
第一行一个整数 n ,表示小A的任务数量
接下来n行,每行三个整数,分别表示\(z_i,x_i,y_i\)
输出描述
一行一个实数,表示小A最少需要花费的金币数,四舍五入保留一位小数
示例1
输入
5
1 1 2
1 1 3
1 2 4
1 1 4
1 2 5
输出
2.0
说明
在1时刻完成第一个任务,2时刻完成第二个任务,4时刻完成第三个任务,花费1金币在4时刻完成第四个任务,花费1金币在5时刻完成第五个任务
备注
\(1\leq n \leq 2\times 10^5\)
\(1\leq x_i,z_i\leq 3\times10^3\)
\(1\leq y_i \leq 10^5\)
题解
知识点:贪心,优先队列。
这是一道后悔贪心变种,这里的限制是截止时间,花费是任务消耗时间,收益是按时完成的任务数,即少花费的金币。如果不考虑金币能够补任务的问题,只要按照截止时间从小到大排序,每次超时再将花费时间多的踢出去,最后即可获得最多按时完成的任务。
但是这里要完成所有任务,那么就不能不做任务了,每次超时要用金币补齐。但注意到不一定要补当前做不完的任务,可以缩短之前 \(z\) 最大的任务,即可补上相同时间,但是花费最少,因为花费金币数为 \(\frac{\Delta t}{z}\) ,\(z\) 越大花费越小。
注意任务完成时间不能小于 \(0\),因为减到 \(0\) 之后就不能回队列了,要是没减完要换下一个减 。
时间复杂度 \(O(n \log n)\)
空间复杂度 \(O(n)\)
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
struct node {
int x, y, z;
}a[200007];
int main() {
std::ios::sync_with_stdio(0), cin.tie(0), cout.tie(0);
int n;
cin >> n;
for (int i = 0;i < n;i++) cin >> a[i].z >> a[i].x >> a[i].y;
sort(a, a + n, [&](node a, node b) {return a.y < b.y;});
int sum = 0;
double ans = 0;
priority_queue <pair<int, int>> pq;
for (int i = 0;i < n;i++) {
sum += a[i].x;
pq.push({ a[i].z,a[i].x });
while (sum > a[i].y) {
pair<int, int> task = pq.top();
pq.pop();
int delta = min(sum - a[i].y, task.second);
ans += (double)delta / task.first;
sum -= delta;
task.second -= delta;
if (task.second) pq.push(task);
}
}
cout << fixed << setprecision(1) << ans << '\n';
return 0;
}
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