首先肯定是要膜拜CDQ大佬的。

题目背景

这是一道模板题

可以使用bitset,CDQ分治,K-DTree等方式解决。

题目描述

有 nn 个元素,第 ii 个元素有 a_iai​、b_ibi​、c_ici​ 三个属性,设 f(i)f(i) 表示满足 a_j \leq a_iaj​≤ai​ 且 b_j \leq b_ibj​≤bi​ 且 c_j \leq c_icj​≤ci​ 的 jj 的数量。

对于 d \in [0, n)d∈[0,n),求 f(i) = df(i)=d 的数量

输入输出格式

输入格式:

第一行两个整数 nn、kk,分别表示元素数量和最大属性值。

之后 nn 行,每行三个整数 a_iai​、b_ibi​、c_ici​,分别表示三个属性值。

输出格式:

输出 nn 行,第 d + 1d+1 行表示 f(i) = df(i)=d 的 ii 的数量。

输入输出样例

输入样例#1: 复制

10 3
3 3 3
2 3 3
2 3 1
3 1 1
3 1 2
1 3 1
1 1 2
1 2 2
1 3 2
1 2 1
输出样例#1: 复制

3
1
3
0
1
0
1
0
0
1

怎么看三维偏序呢?

其实就是一个三维的逆序对,没有这么高大上。

回想二维逆序对(普通逆序对)的求解方法:

1、树状数组

利用树状数组的前缀和查询性质,把原数组离散化成相对大小,然后从后往前查询,插入

2、归并排序

归并排序(这和CDQ分治很像,非常像,甚至可以说:归并排序就是cdq分治求二维偏序)

于是,回到正题,三维逆序对,哦不,是三维偏序。

第一维把它排序(在二维逆序对里,第一维是排好序的)

第二维把它塞到归并排序里,去求满足二维的个数,如果满足,塞到树状数组里

第三维用树状数组维护前缀和,就像求二维逆序对那样直接找出来个数。因为经过了前两层的筛选,这一层统计的个数就是最终的答案。

对于CDQ来说,其实最难得部分就是怎么合并两个区间。

说起来非常简单吧。。。但是作为一直规避归并排序的我来说,还是有小小的问题的。。

塞代码:

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn=1e6+;
struct node
{
int nth,a,b,c;
}a[maxn];
int n,k;
int f[maxn],same[maxn],t[maxn<<],ans[maxn];
inline int lowbit(int x)//树状数组
{
return x & - x ;
}
void add(int x,int y)
{
for(;x<=k;x+=lowbit(x))
{
t[x]+=y;
}
}
int ask(int x)
{
int res=;
for(;x;x-=lowbit(x))
{
res+=t[x];
}
return res;
}
bool cmp1(node a,node b)//对第一维进行排序
{
if(a.a!=b.a)return a.a<b.a;//第一关键字自然是第一个元素
if(a.b!=b.b)return a.b<b.b;//第二关键字尽量保证(题目要求大于等于)
else return a.c<b.c;
}
bool cmp2(node a,node b)
{
if(a.b!=b.b)return a.b<b.b;//归并时第二维进行排序
if(a.c!=b.c)return a.c<b.c;
else return a.a<b.a;
}
void cdq(int l,int r)
{
if(l==r)
return;
int mid=l+r>>;
cdq(l,mid);
cdq(mid+,r);
sort(a+l,a++r,cmp2);//直接排序,下面计算答案贡献
for(int i=l;i<=r;i++)
{
if(a[i].a<=mid)//如果元素小于mid就说明符合二维的偏序
{
add(a[i].c,);//塞到树状数组里面
}
else
{
ans[a[i].nth]+=ask(a[i].c);//要不然就统计答案
}
}
for(int i=l;i<=r;i++)
{
if(a[i].a<=mid)
add(a[i].c,-);这里还要更新回去,给下一个分治用(注意,不能用memset,太大了,而且上面的if一定要加,可以省去不少个log的复杂度)
}
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&k);
for(int i=;i<=n;i++)
{
scanf("%d%d%d",&a[i].a,&a[i].b,&a[i].c);
a[i].nth=i;//第一维
}
sort(a+,a+n+,cmp1);
for(int i=;i<=n;)
{
int j=i+;
while(j<=n&&a[i].a==a[j].a&&a[i].b==a[j].b&&a[i].c==a[j].c)
j++;
while(i<j)
same[a[i++].nth]=a[j-].nth;//去重
}
for(int i=;i<=n;i++)
{
a[i].a=i;
}
cdq(,n);
for(int i=;i<=n;i++)
f[ans[same[a[i].nth]]]++;
for(int i=;i<n;i++)
printf("%d\n",f[i]);
return ;
}

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