题目描述 Description

我们现在要利用m台机器加工n个工件,每个工件都有m道工序,每道工序都在不同的指定的机器上完成。每个工件的每道工序都有指定的加工时间。

每个工件的每个工序称为一个操作,我们用记号j-k表示一个操作,其中j为1到n中的某个数字,为工件号;k为1到m中的某个数字,为工序号,例如2-4表示第2个工件第4道工序的这个操作。在本题中,我们还给定对于各操作的一个安排顺序。

例如,当n=3,m=2时,“1-1,1-2,2-1,3-1,3-2,2-2”就是一个给定的安排顺序,即先安排第1个工件的第1个工序,再安排第1个工件的第2个工序,然后再安排第2个工件的第1个工序,等等。

一方面,每个操作的安排都要满足以下的两个约束条件。

(1) 对同一个工件,每道工序必须在它前面的工序完成后才能开始;

(2) 同一时刻每一台机器至多只能加工一个工件。

另一方面,在安排后面的操作时,不能改动前面已安排的操作的工作状态。

由于同一工件都是按工序的顺序安排的,因此,只按原顺序给出工件号,仍可得到同样的安排顺序,于是,在输入数据中,我们将这个安排顺序简写为“1 1 2 3 3 2”。

还要注意,“安排顺序”只要求按照给定的顺序安排每个操作。不一定是各机器上的实际操作顺序。在具体实施时,有可能排在后面的某个操作比前面的某个操作先完成。

例如,取n=3,m=2,已知数据如下:

<dl><dd> <colgroup><col width="76"/> <col width="77"/> <col width="78"/> </colgroup>

工件号

机器号/加工时间

工序1

工序2

1

1/3

2/2

2

1/2

2/5

3

2/2

1/4

</dd></dl>

则对于安排顺序“1 1 2 3 3 2”,下图中的两个实施方案都是正确的。但所需要的总时间分别是10与12。

 

当一个操作插入到某台机器的某个空档时(机器上最后的尚未安排操作的部分也可以看作一个空档),可以靠前插入,也可以靠后或居中插入。为了使问题简单一些,我们约定:在保证约束条件(1)(2)的条件下,尽量靠前插入。并且,我们还约定,如果有多个空档可以插入,就在保证约束条件(1)(2)的条件下,插入到最前面的一个空档。于是,在这些约定下,上例中的方案一是正确的,而方案二是不正确的。

显然,在这些约定下,对于给定的安排顺序,符合该安排顺序的实施方案是唯一的,请你计算出该方案完成全部任务所需的总时间。

输入描述 Input Description

第1行为两个正整数,用一个空格隔开:

m n

(其中m(<20)表示机器数,n(<20)表示工件数)

第2行:个用空格隔开的数,为给定的安排顺序。

接下来的2n行,每行都是用空格隔开的m个正整数,每个数不超过20。

其中前n行依次表示每个工件的每个工序所使用的机器号,第1个数为第1个工序的机器号,第2个数为第2个工序机器号,等等。

后n行依次表示每个工件的每个工序的加工时间。

可以保证,以上各数据都是正确的,不必检验。

输出描述 Output Description

只有一个正整数,为最少的加工时间

样例输入 Sample Input

2 3

1 1 2 3 3 2

1 2

1 2

2 1

3 2

2 5

2 4

样例输出 Sample Output

10

数据范围及提示 Data Size & Hint
如描述
/*
模拟就好了
a[]储存表示顺序
dao[i]表示dii个工件执行到的工序
vis[i][j]表示第i个机器的j时间
tim[i][j]表示第i个工件的第j个工序的时间
mac[i][j]表示第i个工件的第j个工序的机器
lon[i][j]表示第i个工件的第j个工序的完成时刻
*/
#include<cstdio>
#include<iostream>
#define M 2010
using namespace std;
int a[M],dao[M],vis[M][M],tim[M][M],mac[M][M],lon[M][M],n,m;
int main()
{
scanf("%d%d",&m,&n);//n个工件,m个工序/机器
for(int i=;i<=n*m;i++)
scanf("%d",&a[i]);
for(int i=;i<=n;i++)
for(int j=;j<=m;j++)
scanf("%d",&mac[i][j]);
for(int i=;i<=n;i++)
for(int j=;j<=m;j++)
scanf("%d",&tim[i][j]);
for(int i=;i<=n*m;i++)
{
int gj=a[i],gx=++dao[gj],jq=mac[gj][gx],ti=tim[gj][gx];
int p=lon[gj][gx-]+;//时间点
while()
{
int flag=;
for(int i=p;i<p+ti;i++)
if(vis[jq][i])
{
flag=;
break;
}
if(!flag)
{
for(int i=p;i<p+ti;i++)
vis[jq][i]=;
lon[gj][gx]=p+ti-;
break;
}
p++;
}
}
int ans=;
for(int i=;i<=n;i++)
for(int j=;j<=m;j++)
ans=max(ans,lon[i][j]);
printf("%d",ans);
return ;
}

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