题目描述

在宽广的非洲荒漠中,生活着一群勤劳勇敢的羊驼家族。被族人恭称为“先知”的Alpaca L. Sotomon是这个家族的领袖,外人也称其为“所驼门王”。所驼门王毕生致力于维护家族的安定与和谐,他曾亲自率军粉碎河蟹帝国主义的野蛮侵略,为族人立下赫赫战功。所驼门王一生财宝无数,但因其生性节俭低调,他将财宝埋藏在自己设计的地下宫殿里,这也是今天Henry Curtis故事的起点。Henry是一个爱财如命的贪婪家伙,而又非常聪明,他费尽心机谋划了这次盗窃行动,破解重重机关后来到这座地下宫殿前。

整座宫殿呈矩阵状,由R×C间矩形宫室组成,其中有N间宫室里埋藏着宝藏,称作藏宝宫室。宫殿里外、相邻宫室间都由坚硬的实体墙阻隔,由一间宫室到达另一间只能通过所驼门王独创的移动方式——传送门。所驼门王为这N间藏宝宫室每间都架设了一扇传送门,没有宝藏的宫室不设传送门,所有的宫室传送门分为三种:

“横天门”:由该门可以传送到同行的任一宫室;

“纵寰门”:由该门可以传送到同列的任一宫室;
“自*河蟹*由*河蟹*门”:由该门可以传送到以该门所在宫室为中心周围8格中任一宫室(如果目标宫室存在的话)。

深谋远虑的Henry当然事先就搞到了所驼门王当年的宫殿招标册,书册上详细记录了每扇传送门所属宫室及类型。而且,虽然宫殿内外相隔,但他自行准备了一种便携式传送门,可将自己传送到殿内任意一间宫室开始寻宝,并在任意一间宫室结束后传送出宫。整座宫殿只许进出一次,且便携门无法进行宫室之间的传送。不过好在宫室内传送门的使用没有次数限制,每间宫室也可以多次出入。

现在Henry已经打开了便携门,即将选择一间宫室进入。为得到尽多宝藏,他希望安排一条路线,使走过的不同藏宝宫室尽可能多。请你告诉Henry这条路线最多行经不同藏宝宫室的数目。

输入输出格式

输入格式:

输入文件sotomon.in

第一行给出三个正整数N, R, C。

以下N行,每行给出一扇传送门的信息,包含三个正整数xi, yi, Ti,表示该传送门设在位于第xi行第yi列的藏宝宫室,类型为Ti。Ti是一个1~3间的整数,1表示可以传送到第xi行任意一列的“横天门”,2表示可以传送到任意一行第yi列的“纵寰门”,3表示可以传送到周围8格宫室的“自河蟹河蟹门”。

保证1≤xi≤R,1≤yi≤C,所有的传送门位置互不相同。

输出格式:

输出文件sotomon.out只有一个正整数,表示你确定的路线所经过不同藏宝宫室的最大数目。

输入样例#1:

10 7 7

2 2 1

2 4 2

1 7 2

2 7 3

4 2 2

4 4 1

6 7 3

7 7 1

7 5 2

5 2 1

输出样例#1:

9

题解

和洛谷的缩点模板题简直不要一样。。。。

首先考虑建边,我暴力建边然后就过了???

用vector存一下每一行每一列的点

然后map储存一下点的位置

对于每一种门,暴力连上边

恩,解决完了连边

剩下的很简单啦

Tarjan缩点

然后重新连边

用一个虚拟点作为源点

跑SPFA最长路就可以啦

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<set>
#include<map>
#include<vector>
#include<queue>
using namespace std;
#define MAX 110000
#define MAXL 5000050
#define INF 1000000000
inline int read()
{
int x=0,t=1;char ch=getchar();
while((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-')ch=getchar();
if(ch=='-')t=-1,ch=getchar();
while(ch<='9'&&ch>='0')x=x*10+ch-48,ch=getchar();
return x*t;
}
struct Node
{
int x,y;
};
inline bool operator <(Node a,Node b)
{
if(a.x!=b.x)
return a.x<b.x;
else return a.y<b.y;
}
struct Line
{
int v,next;
}e[MAXL];
struct Line2
{
int v,next,w;
}ee[MAXL];
int H[MAX],cnt2=1;
inline void Add(int u,int v,int w)
{
ee[cnt2]=(Line2){v,H[u],w};
H[u]=cnt2++;
}
int N,M;
int h[MAX],cnt=1;
int w[MAX],dis[MAX],ans;
int xx[MAX],yy[MAX],tt[MAX];
inline void Add(int u,int v)
{
e[cnt]=(Line){v,h[u]};
h[u]=cnt++;
}
int tim,S[MAX],top;
bool vis[MAX];
int W[MAX],G[MAX];
int dfn[MAX],low[MAX],group;
vector<int> X[MAX],Y[MAX];
map<Node,int> qt;
int d[8][2]={1,0,0,1,-1,0,0,-1,1,1,1,-1,-1,1,-1,-1};
void Tarjan(int u)
{
dfn[u]=low[u]=++tim;
vis[u]=true;S[++top]=u;
for(int i=h[u];i;i=e[i].next)
{
int v=e[i].v;
if(!dfn[v])
{
Tarjan(v);
low[u]=min(low[u],low[v]);
}
else
if(vis[v])
low[u]=min(low[u],dfn[v]);
}
if(low[u]==dfn[u])
{
++group;
int v;
do
{
v=S[top--];
W[group]++;
G[v]=group;
vis[v]=false;
}while(v!=u);
}
}
int main()
{
N=read();read();read();
for(int i=1;i<=N;++i)
{
xx[i]=read();yy[i]=read();tt[i]=read();
X[xx[i]].push_back(i);Y[yy[i]].push_back(i);
qt[(Node){xx[i],yy[i]}]=i;
}
for(int i=1;i<=N;++i)
{
if(tt[i]==1)
{
for(int j=0,l=X[xx[i]].size();j<l;++j)
Add(i,X[xx[i]][j]);
}
else if(tt[i]==2)
{
for(int j=0,l=Y[yy[i]].size();j<l;++j)
Add(i,Y[yy[i]][j]);
}
else
{
for(int j=0;j<8;++j)
{
int xxx=xx[i]+d[j][0];
int yyy=yy[i]+d[j][1];
Node uuu=(Node){xxx,yyy};
if(qt.find(uuu)!=qt.end())
Add(i,qt[uuu]);
}
}
}
for(int i=1;i<=N;++i)
if(!dfn[i])
Tarjan(i);
for(int u=1;u<=N;++u)
{
for(int i=h[u];i;i=e[i].next)
{
int v=e[i].v;
if(G[u]!=G[v])
Add(G[u],G[v],W[G[v]]);
}
}
for(int i=1;i<=group;++i)Add(0,i,W[i]);
queue<int> Q;while(!Q.empty())Q.pop();
int ans=0;
memset(vis,0,sizeof(vis));
Q.push(0);vis[0]=true;
while(!Q.empty())
{
int u=Q.front();Q.pop();
for(int i=H[u];i;i=ee[i].next)
{
int v=ee[i].v,w=ee[i].w;
if(dis[v]<dis[u]+w)
{
dis[v]=dis[u]+w;
ans=max(ans,dis[v]);
if(!vis[v])
{
vis[v]=true;
Q.push(v);
}
}
}
vis[u]=false;
}
printf("%d\n",ans);
return 0;
}

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