「CF1039D」You Are Given a Tree
传送门
Luogu
解题思路
整体二分。
的确是很难看出来,但是你可以发现输出的答案都是一些可以被看作是关键字处于 \([1, n]\) 的询问,而答案的范围又很显然是 \([0, n]\),这不就刚好满足了整体二分的几个组成部分了吗。
那么我们要如何求出 \(mid\) 位置的解呢?
考虑 \(\text{DP}\)
我们很显然可以将子树中的点尽可能合并后再向父亲传递,所以我们对每一次DP的根节点分别记一个子树中的最大值,和一个非严格次大值,然后我们尝试合并这两个值,要是合并不了,就给答案加一,不然就把最大值上传。
正确性和NOIP2018赛道修建有异曲同工之妙
细节注意事项
- 咕咕咕
参考代码
#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <cmath>
#include <ctime>
#define rg register
using namespace std;
template < typename T > inline void read(T& s) {
s = 0; int f = 0; char c = getchar();
while (!isdigit(c)) f |= (c == '-'), c = getchar();
while (isdigit(c)) s = s * 10 + (c ^ 48), c = getchar();
s = f ? -s : s;
}
const int _ = 100000 + 2;
int tot, head[_], nxt[_ << 1], ver[_ << 1];
inline void Add_edge(int u, int v)
{ nxt[++tot] = head[u], head[u] = tot, ver[tot] = v; }
int n, ans[_], dp[_];
inline void dfs(int u, int f, int x) {
dp[u] = 0;
int mx = 0, mn = 0;
for (rg int i = head[u]; i; i = nxt[i]) {
int v = ver[i]; if (v == f) continue;
dfs(v, u, x);
if (dp[v] > mx) mn = mx, mx = dp[v];
else mn = max(mn, dp[v]);
}
if (mx + mn + 1 >= x) dp[u] = 0, ++ans[x];
else dp[u] = mx + 1;
}
inline void binary(int l, int r, int L, int R) {
if (l > r || L > R) return ;
if (L == R) {
for (rg int i = l; i <= r; ++i) ans[i] = L; return ;
}
int mid = (l + r) >> 1;
ans[mid] = 0, dfs(1, 0, mid);
binary(l, mid - 1, ans[mid], R);
binary(mid + 1, r, L, ans[mid]);
}
int main() {
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("in.in", "r", stdin);
#endif
read(n);
for (rg int u, v, i = 1; i < n; ++i)
read(u), read(v), Add_edge(u, v), Add_edge(v, u);
binary(1, n, 0, n);
for (rg int i = 1; i <= n; ++i) printf("%d\n", ans[i]);
return 0;
}
完结撒花 \(qwq\)
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