HDU6118:度度熊的交易计划(入门级最小费用可行流)
喵哈哈村以及周围的村庄可以看做是一共由n个片区,m条公路组成的地区。
由于生产能力的区别,第i个片区能够花费a[i]元生产1个商品,但是最多生产b[i]个。
同样的,由于每个片区的购买能力的区别,第i个片区也能够以c[i]的价格出售最多d[i]个物品。
由于这些因素,度度熊觉得只有合理的调动物品,才能获得最大的利益。
据测算,每一个商品运输1公里,将会花费1元。
那么喵哈哈村最多能够实现多少盈利呢?
Input本题包含若干组测试数据。
每组测试数据包含:
第一行两个整数n,m表示喵哈哈村由n个片区、m条街道。
接下来n行,每行四个整数a[i],b[i],c[i],d[i]表示的第i个地区,能够以a[i]的价格生产,最多生产b[i]个,以c[i]的价格出售,最多出售d[i]个。
接下来m行,每行三个整数,u[i],v[i],k[i],表示该条公路连接u[i],v[i]两个片区,距离为k[i]
可能存在重边,也可能存在自环。
满足:
1<=n<=500,
1<=m<=1000,
1<=a[i],b[i],c[i],d[i],k[i]<=1000,
1<=u[i],v[i]<=n
Output输出最多能赚多少钱。
Sample Input
2 1
5 5 6 1
3 5 7 7
1 2 1
Sample Output
23
思路:建图,每次spfa完,如果dis[S]<0,说明有收益,累加即可,否则退出。
#include<bits/stdc++.h>
const int inf=<<;
const int maxn=;
using namespace std;
int To[maxn*],Laxt[maxn],Next[maxn*],cap[maxn*],cost[maxn*];
int S,T,cnt=,dis[maxn],ans;
bool inq[maxn],vis[maxn];
deque<int>q;
void add(int u,int v,int c,int cc)
{
Next[++cnt]=Laxt[u];Laxt[u]=cnt;
To[cnt]=v;cap[cnt]=c;cost[cnt]=cc;
}
bool spfa()
{
for(int i=;i<=T;i++) inq[i]=;
for(int i=;i<=T;i++) dis[i]=inf;
inq[T]=; dis[T]=; q.push_back(T);
while(!q.empty())
{
int u=q.front(); q.pop_front();
inq[u]=;
for(int i=Laxt[u];i;i=Next[i])
{
int v=To[i];
if(cap[i^]&&dis[v]>dis[u]-cost[i])
{
dis[v]=dis[u]-cost[i];
if(!inq[u]){
inq[v]=;
if(q.empty()||dis[v]>dis[q.front()]) q.push_back(v);
else q.push_front(v);
}
}
}
}
return dis[S]<inf;
}
int dfs(int u,int flow)
{
vis[u]=;
if(u==T||flow==) return flow;
int tmp,delta=;
for(int i=Laxt[u];i;i=Next[i])
{
int v=To[i];
if((!vis[v])&&cap[i]&&dis[v]==dis[u]-cost[i])
{
tmp=dfs(v,min(cap[i],flow-delta));
delta+=tmp; cap[i]-=tmp; cap[i^]+=tmp;
}
}
return delta;
}
int main()
{
int N,M,a,b,c,d,u,v,w,i;
while(~scanf("%d%d",&N,&M)){
S=; T=N+; cnt=; ans=;
for(i=;i<=T;i++) Laxt[i]=;
for(i=;i<=N;i++){
scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&c,&d);
add(S,i,b,a); add(i,S,,-a);
add(i,T,d,-c); add(T,i,,c);
}
for(i=;i<=M;i++){
scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
add(u,v,inf,w); add(v,u,,-w);
add(v,u,inf,w); add(u,v,,-w);
}
while(spfa()){
if(dis[S]>) break; vis[T]=;
while(vis[T]){
for(i=;i<=T;i++) vis[i]=;
ans-=dis[S]*dfs(S,inf);
}
}
printf("%d\n",ans);
}
return ;
}
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