Wannafly挑战赛9
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64bit IO Format: %lld
题目描述
输入描述:
输出描述:
输出符合条件个数
输入例子:
5
1 2 3 4 5
输出例子:
2
-->
输入
5
1 2 3 4 5
输出
2
说明
5个数中1和2符合条件,1是后面每个数的因子,2是4的因子
备注:
1≤n,a
i
≤1000000
这个就是利用埃筛的思想枚举就可以了,1需要的次数比较多,特判下吧
还可以离散化,应该跑的更快
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e6+;
int b[N],a[N],sum;
int main()
{
ios::sync_with_stdio(false);
int n;
cin>>n;
for(int i=; i<n; i++)
cin>>a[i],b[a[i]]=;
for(int i=; i<n; i++)
{
if(a[i]==)
{
sum++;
continue;
}
for(int j=a[i]+a[i]; j<N; j+=a[i])
if(b[j]==)
{
sum++;
break;
}
}
printf("%d\n",sum);
return ;
}
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64bit IO Format: %lld
题目描述
输入描述:
每行包括数列中的一项Ak(k<=100000)。
总行数T<=30。
输出描述:
对于每一项Ak,输出一行包括一个正整数k表示输入中数是数列的第几项。
输入例子:
2
3
5
8
13
输出例子:
2
3
4
5
6
-->
输入
2
3
5
8
13
输出
2
3
4
5
6
循环节是这样
并不一定我代码能过,等等我的逻辑好像有问题,应该要有冲突的?还是py直接写吧,不难
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int MD=1e8+,N=1e5+;
int ans[N];
unordered_map<int,int>M;
int main()
{
ans[]=ans[]=;
for(int i=; i<N; i++)
ans[i]=(ans[i-]+ans[i-])%MD,M[ans[i]]=i;
string s;
while(cin>>s)
{
int ans=;
for(int i=; s[i]; ++i)
ans=ans*+(s[i]-''),ans%=MD;
printf("%d\n",M[ans]);
}
return ;
}
好吧,写错了,这么多冲突的,1e9+7只有一个冲突,特判下还是可以的
py代码
ans = []
M = {}
ans.append(1)
M[1] = 1
ans.append(2)
M[2] = 2
for i in range(100000):
ans.append(ans[-1] + ans[-2])
M[ans[-1]] = len(ans) while True:
try:
n = input()
if n:
print(M[int(n)])
except EOFError:
break
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64bit IO Format: %lld
题目描述
输入描述:
第一行一个正整数T,表示数据组数。(1<=T<=10000)
对于每组数据包含一行三个正整数n,m,k。
输出描述:
输入例子:
2
3 3 3
3 3 2
输出例子:
1
2
-->
输入
2
3 3 3
3 3 2
输出
1
2
输入
5
10 3 2
10 2 2
10 7 5
10 6 2
10 7 6
输出
6864
11934
2200
3780
924
输入
2
5 4 4
5 2 1
输出
5
14
备注:
1<=n,m,k<=10
6
n次入栈m次出栈的合法排列次数则可参考卡特兰数公式。C(n+m,m)-C(n+m,m-1)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int MD=1e9+,N=2e6+;
int f[N],v[N];
int C(int n,int m)
{
if(m<||m>n) return ;
return 1LL*f[n]*v[m]%MD*v[n-m]%MD;
}
int F(int n,int m)
{
return (C(n+m,m)-C(n+m,m-)+MD)%MD;
}
int main()
{
v[]=v[]=f[]=f[]=;
for(int i=; i<N; i++) f[i]=1LL*f[i-]*i%MD,v[i]=1LL*v[MD%i]*(MD-MD/i)%MD;
for(int i=; i<N; i++) v[i]=1LL*v[i-]*v[i]%MD;
int n,m,k,T;
scanf("%d",&T);
while (T--)
{
scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
printf("%d\n",1LL*F(m-,m-k)*F(n-m+k,n-m)%MD);
}
return ;
}
看了另一个聚聚是处理倒着的逆元,骚的
inv[i]=inv[p%i]*(p-p/i)%p递推得到逆元
invf[i]=invf[i+1]*(i+1)%p这个公式反递推得到1!~n!的逆元
C(n,m)=A(n,m)/m!=n!/(m!*(n-m)!)所以C(n,m)=C(n,n-m)
所以C(n+m,m)-C(n+m,m-1)=C(n+m,(n+m)-n))-C(n+m,(n+m)-(m-1))=C(n+m,n)-C(n+m,n+1)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int MD=1e9+,N=2e6+;
int INV(int x)
{
return x==?x:1LL*(MD-MD/x)*INV(MD%x)%MD;
}
int f[N],v[N];
int C(int n,int m)
{
if(m<||m>n) return ;
return 1LL*f[n]*v[m]%MD*v[n-m]%MD;
}
int F(int n,int m)
{
return (C(n+m,n)-C(n+m,n+)+MD)%MD;
}
int main()
{
f[]=;
for (int i=; i<N; i++) f[i]=1LL*f[i-]*i%MD;
v[N-]=INV(f[N-]);
for (int i=N-; i>=; i--) v[i]=v[i+]*(i+1LL)%MD;
int n,m,k,T;
scanf("%d",&T);
while (T--)
{
scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
printf("%d\n",1LL*F(m-,m-k)*F(n-m+k,n-m)%MD);
}
return ;
}
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64bit IO Format: %lld
题目描述
输入描述:
第一行一个整数n。
接下来n行每行一个仅由英文字母构成的非空字符串,第i个字符串代表s
i
。
输出描述:
共n行,第i行输出
对 998244353取模的结果。
输入例子:
1
BALDRSKYKirishimaRain
输出例子:
1
-->
输入
1
BALDRSKYKirishimaRain
输出
1
备注:
1 ≤ n ≤ 10
6
,所有字符串的总长度不超过2*10
6
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e6+,MD=;
string s[N];
int f[N+N];
int main()
{
int n,mi=N+N,ff,ans=;
cin>>n;
for(int i=; i<n; i++)
{
cin>>s[i];
if(s[i].size()<mi)mi=s[i].size(),ff=i;
}
for(int j=; j<s[ff].size(); j++)
{
int k=f[j];
while(k&&s[ff][j]!=s[ff][k]) k=f[k];
f[j+]=s[ff][j]==s[ff][k]?k+:;
}
for(int j=; j<n; j++)
{
int cnt=;
for(int k=,l=; k<s[j].size(); k++)
{
while (l&&s[ff][l]!=s[j][k]) l=f[l];
if (s[ff][l]==s[j][k]) l++;
if (l==mi)
cnt++;
}
ans=ans*1LL*cnt%MD;
}
for(int i=; i<n; i++)
cout<<(s[i].size()==mi?ans:)<<"\n";
return ;
}
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Special Judge, 64bit IO Format: %lld
题目描述
1、对于区间 [l,r],其区间元素按位或和等于 x
2、对于区间 [l,r],其区间元素按位与和等于 x
求出一个数列 A,使得满足给定的 m 个条件,保证有解。
输入描述:
输入第一行两个正整数 n,m,意义如上
接下来 m 行,每行四个整数 op,l,r,x,表示一组限制
op = 1 表示是限制 1,op = 2 表示是限制 2
输出描述:
输出仅一行,n 个整数 a
i
表示数列 A。要求 0 <= a
i
< 10
9
输入例子:
4 3
1 1 2 9
2 3 4 2
1 2 3 11
输出例子:
1 9 2 6
-->
输入
4 3
1 1 2 9
2 3 4 2
1 2 3 11
输出
1 9 2 6
备注:
1<=n,m<=10^5, 1<=l<=r<=n, 0<=x<2^20
有3维BIT的,竟然还有一个dij的写法,666
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<queue>
const int N=1e5+;
int n,m,a[N],d[N];
int op[N],L[N],R[N],x[N];
int cnt,head[N];
struct Edge {
int to,nxt,len;
}edge[N<<];
void init() {
for(int i=;i<=n;i++) head[i]=-;cnt=;
}
void addEdge(int from,int to,int len) {
edge[cnt].to=to;edge[cnt].len=len;edge[cnt].nxt=head[from];head[from]=cnt++;
}
struct Node {
int p,len;
Node(int p=,int len=):p(p),len(len){}
bool operator < (const Node &b) const {
return len>b.len;
}
};
std::priority_queue<Node> q;
void dijkstra() {
for(int i=;i<=n;i++) d[i]=N;
d[]=;q.push(Node(,));
while(!q.empty()) {
Node c=q.top();q.pop();
if(d[c.p]<c.len) continue;
for(int i=head[c.p];~i;i=edge[i].nxt) {
int v=edge[i].to,w=c.len+edge[i].len;
if(d[v]>w) d[v]=w,q.push(Node(v,d[v]));
}
}
}
void solve(int k) {
init();
for(int i=;i<=m;i++) {
if(op[i]==) {
if(x[i]>>k&) addEdge(R[i],L[i]-,-);
else addEdge(L[i]-,R[i],),addEdge(R[i],L[i]-,);
}
else {
if(x[i]>>k&) addEdge(L[i]-,R[i],R[i]-L[i]+),addEdge(R[i],L[i]-,L[i]--R[i]);
else addEdge(L[i]-,R[i],R[i]-L[i]);
}
}
for(int i=;i<=n;i++) addEdge(i,i-,),addEdge(i-,i,);
dijkstra();
for(int i=;i<=n;i++) a[i]|=(d[i]-d[i-])<<k;
}
int main() {
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=;i<=m;i++) scanf("%d%d%d%d",op+i,L+i,R+i,x+i);
for(int i=;i<;i++) solve(i);
for(int i=;i<=n;i++) printf("%d%c",a[i],i<n?' ':'\n');
return ;
}
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