描述

某个夜晚,Bob将他弹奏的钢琴曲录下来发给Jack,Jack感动之余决定用吉他为他伴奏。

我们可以用一个整数表示一个音符的音高,并可认为Bob弹奏的曲子是由3N个整数构成的一个序列。其中每个整数的取值范围是[-200, 200]。

Jack共弹奏 N 个和弦,每个和弦由三个音符组成。Jack可以自行决定和弦的第一个音符,其后的两个音符由第一个音符与和弦种类所决定。Jack共弹奏两种和弦:大三和弦与小三和弦。假设Jack决定某个和弦的第一个音符是 x,那么对于大三和弦,余下两个音符依序是 x+4和 x+7;对于小三和弦,余下两个音符依序是x+3和x+7。两个和弦相同,当且仅当其对应位置的三个音符都相同。其中每个和弦的第一个音符x的取值范围也是[-200, 200]。

Jack很懒,一旦决定弹奏某个和弦后,便不愿意更换和弦。即如果他开始弹奏1,5,8这个和弦,他将不停重复1,5,8,1,5,8,1,5,8……Bob觉得这样过于单调,于是Jack妥协:他表示愿意更换和弦,但最多更换K次。最开始选择和弦不计在更换次数内。

我们用不和谐值衡量乐曲与伴奏之间的契合程度。记某时刻Bob弹奏音符的音高为a,Jack弹奏音符的音高为b,则该点的不和谐值为|a-b|。整首乐曲的不和谐值等于这3N个不和谐值之和。

Jack希望选取最美的一组和弦,使得整首乐曲的不和谐值达到最小。你需要输出这个最小值。

输入

第一行两个正整数 N (≤1000), K (≤20).

第二行3N个整数(取值范围[-200, 200])为Bob的曲谱。

输出

一个整数,为乐曲最小不和谐值。

样例输入

3 1
-1 3 6 4 7 11 21 26 28

样例输出

15

思路:dp[N][X][K][1]表示第N个和弦,用了K次机会,最后一次用的是3还是4。

每一次,都可以选择换或者不换,换的时候前面一次的X与现在的X不同,因此需要for循环枚举X,但是这样复杂度太高。需要记录前面用那个X最小,及代码里的Min。

那么最近经常做到记录前面最优的DP,这里有两道区间题,需要前缀和优化DP:http://www.cnblogs.com/hua-dong/p/8452988.html

#include<cmath>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int inf=;
int dp[][][][],a[];
int Min[][][];
int abs(int x){ if(x<) return -x; return x; }
int main()
{
int N,K,i,j,k,ans=inf;
scanf("%d%d",&N,&K);
for(i=;i<=N;i++)
for(j=;j<=K;j++)
Min[i][j][]=Min[i][j][]=inf;
for(i=;i<=*N;i++) scanf("%d",&a[i]);
for(i=;i<=N;i++){
for(j=-;j<=;j++){ //K=0,显然不能换
dp[i][j+][][]=dp[i-][j+][][]+abs(a[*(i-)+]-j)+abs(a[*(i-)+]-j-)+abs(a[*(i-)+]-j-);
Min[i][][]=min(Min[i][][],dp[i][j+][][]);
dp[i][j+][][]=dp[i-][j+][][]+abs(a[*i-]-j)+abs(a[*i-]-j-)+abs(a[*i]-j-);
Min[i][][]=min(Min[i][][],dp[i][j+][][]);
}
for(k=;k<=K;k++)
for(j=-;j<=;j++){//K>0,当前j可能是换后的,可能没有换。
dp[i][j+][k][]=min(dp[i-][j+][k][],Min[i-][k-][])+abs(a[*i-]-j)+abs(a[*i-]-j-)+abs(a[*i]-j-);
dp[i][j+][k][]=min(dp[i][j+][k][],Min[i-][k-][]+abs(a[*i-]-j)+abs(a[*i-]-j-)+abs(a[*i]-j-));
Min[i][k][]=min(Min[i][k][],dp[i][j+][k][]);
dp[i][j+][k][]=min(dp[i-][j+][k][],Min[i-][k-][])+abs(a[*i-]-j)+abs(a[*i-]-j-)+abs(a[*i]-j-);
dp[i][j+][k][]=min(dp[i][j+][k][],Min[i-][k-][]+abs(a[*i-]-j)+abs(a[*i-]-j-)+abs(a[*i]-j-));
Min[i][k][]=min(Min[i][k][],dp[i][j+][k][]);
}
}
for(k=;k<=K;k++){
ans=min(ans,Min[N][k][]);
ans=min(ans,Min[N][k][]);
}
printf("%d\n",ans);
return ;
}

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