【bzoj1069】最大土地面积
Description
在某块平面土地上有N个点,你可以选择其中的任意四个点,将这片土地围起来,当然,你希望这四个点围成
的多边形面积最大。
Input
第1行一个正整数N,接下来N行,每行2个数x,y,表示该点的横坐标和纵坐标。
Output
最大的多边形面积,答案精确到小数点后3位。
Sample Input
0 0
1 0
1 1
0 1
0.5 0.5
Sample Output
HINT
数据范围 n<=2000, |x|,|y|<=100000
Solution
显然四个点都在凸包上啊!
显然的,我们枚举对角线,我们现在的问题是找离对角线最远的点是哪两个点
于是我们发现,当A固定,C变为逆时针的下一个点的时候,
B,D也一定是单调逆时针变动的
这里运用旋转卡壳的思想
所以这题本质是旋转卡壳,只是更加简单了
#include<stdio.h>
#include<stdlib.h>
#include<iostream>
#include<string>
#include<string.h>
#include<algorithm>
#include<math.h>
#include<queue>
#include<map>
#include<vector>
#include<set>
#define il inline
#define re register
using namespace std;
typedef double db;
const int N=;
const db eps=1e-;
struct P{db x,y;} a[N],s[N];
int n,top;db ans=;
il P operator-(P a,P b){
return (P){a.x-b.x,a.y-b.y};
}
il db operator*(P a,P b){
return a.x*b.y-a.y*b.x;
}
il db S(P a,P b,P c){
return fabs((a-b)*(a-c))/;
}
il db dis(P a){
return a.x*a.x+a.y*a.y;
}
il db cmp(P x,P y){
return (x-a[])*(y-a[])>;
}
il void print(P a){
printf("(%lf,%lf)\n",a.x,a.y);
}
int main(){
scanf("%d",&n);
for(int i=;i<=n;i++){
scanf("%lf%lf",&a[i].x,&a[i].y);
}
for(int i=;i<=n;i++)
if(a[i].y<a[].y||(a[i].y==a[].y&&a[i].x<a[].x)) swap(a[],a[i]);
sort(a+,a+n+,cmp);
s[]=a[];s[]=a[];top=;
for(int i=;i<=n;i++){
while(top>&&(a[i]-s[top-])*(s[top]-s[top-])>=) top--;
s[++top]=a[i];
}
if(top==){
ans=S(s[],s[],s[])+S(s[],s[],s[]);
printf("%.3lf",ans);
return ;
}
// for(int i=1;i<=top;i++) print(s[i]);
for(int i=;i<top;i++) s[i]=s[i+];
n=top;
for(int i=;i<n;i++){
for(int j=(i+)%n,k=(i+)%n,l=(i+)%n;k!=(i-+n)%n;k=(k+)%n){
while(S(s[i],s[j],s[k])<S(s[i],s[(j+)%n],s[k])) j=(j+)%n;
while(S(s[i],s[l],s[k])<S(s[i],s[(l+)%n],s[k])) l=(l+)%n;
// cout<<i<<" "<<j<<" "<<k<<" "<<l<<endl;
ans=max(S(s[i],s[j],s[k])+S(s[i],s[k],s[l]),ans);
}
}
printf("%.3lf",ans);
return ;
}
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