POJ-2923 Relocation---01背包+状态压缩
题目链接:
https://vjudge.net/problem/POJ-2923
题目大意:
有n个货物,给出每个货物的重量,每次用容量为c1,c2的火车运输,问最少需要运送多少次可以将货物运完
思路:
第一次做状态压缩(状态压缩基础知识传送门)
本题的解题思路是先枚举选择若干个时的状态,总状态量为1<<n,判断这些状态集合里的那些物品能否一次就运走,如果能运走,那就把这个状态看成一个物品。预处理完能从枚举中找到tot个物品,再用这tol个物品中没有交集(也就是两个状态不能同时含有一个物品)的物品进行01背包,每个物品的体积是state[i](state[i]表示一次可以运完状态i的物品,i的二进制表示i这个状态的物品),价值是1,求包含n个物品的最少价值也就是dp[(1<<n)-1](dp[i]表示状态i需要运的最少次数)。
状态转移方程:dp[j|k] = min(dp[j|k],dp[k]+1) (k为state[i],1<=j<=(1<<n)-1])。
#include<iostream>
#include<vector>
#include<queue>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<set>
#include<cmath>
using namespace std;
typedef pair<int, int> Pair;
typedef long long ll;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const int maxn = +;
int T, n, m1, m2;
int a[], cnt[maxn], dp[maxn], tot, cases;
bool vis[maxn];
bool judge(int x)
{
int sum = ;
memset(vis, , sizeof(vis));//vis[i]=1表示m1的车子中可以凑出体积为i的物品
vis[] = ;
for(int i = ; i < n; i++)
{
if(x & ( << i))//第i件物品存在
{
sum += a[i];
for(int j = m1; j >= a[i]; j--)
if(vis[j - a[i]])vis[j] = ;//此处必须是逆序,因为更新vis[j]的时候要用到vis[j-a[i]],和01背包是一样的
}
}
for(int i = ; i <= m1; i++)
{
if(vis[i] && sum - i <= m2)//确保全部物品可以一次性放在两个车子里面
return true;
}
return false;
}
void init()
{
memset(dp, INF, sizeof(dp));
dp[] = ;
for(int i = ; i < ( << n); i++)
{
if(judge(i))
{
cnt[tot++] = i;
}
}
}
int main()
{
cin >> T;
while(T--)
{
cin >> n >> m1 >> m2;
tot = ;
for(int i = ; i < n; i++)cin >> a[i];
init();/*
for(int i = 0; i < tot; i++)
cout<<cnt[i]<<endl;*/
for(int i = ; i < tot; i++)//枚举物品
{
for(int j = ( << n) - ; j >= ; j--)//逆序枚举状态也是因为dp[j]的更新需要先用到dp[j-***]
{
if(dp[j] == INF)continue;
if((j & cnt[i]) == )//两者无交集
dp[j | cnt[i]] = min(dp[j | cnt[i]], dp[j] + );
//dp[j | cnt[i]]表示j这个状态加上第i件物品的值,可以从dp[j]+1推过去
}
}
printf("Scenario #%d:\n", ++cases);
printf("%d\n\n", dp[(<<n) - ]); }
}
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