bzoj 1060
这题其实有点骗人...
通过观察很容易发现:考虑某一些叶节点的LCA,由于根节点到这个LCA的距离唯一,故要求这些叶节点到这一LCA的距离都相等
于是我们仅需dfs,找到次底层的节点,然后使这些节点的子节点到这些节点的距离都相等即可
再向上回溯,算法完全相同,仅需把下面的距离累计到该节点向上的边即可
用图理解一下:
如图所示,所有蓝边长度应当相同,红边长度相同,绿边长度相同
那么我们就找出蓝边中长度最长的一个,然后将所有边长变成他就可以了
然后向上回溯:
如图所示,将蓝边边权累计到黄边上,将红边累积到紫边上,将绿边累计到橙边上,然后令黄边,紫边,橙边长度相同即可
贴代码:
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <queue>
#include <stack>
#define ll long long
using namespace std;
struct Edge
{
int next;
int to;
int val;
}edge[1000005];
int head[500005];
int dis[500005];
int cnt=1;
int f[500005];
void add(int l,int r,int w)
{
edge[cnt].to=r;
edge[cnt].next=head[l];
edge[cnt].val=w;
head[l]=cnt++;
}
void dfs(int x,int fx)//O(n)
{
f[x]=fx;
for(int i=head[x];i!=-1;i=edge[i].next)
{
int to=edge[i].to;
if(to==fx)
{
continue;
}
dfs(to,x);
}
}
ll tot=0;
void dfs2(int rt,int frt)//O(n*log2n)
{
for(int i=head[rt];i!=-1;i=edge[i].next)//O(n*log2n)
{
int to=edge[i].to;
if(to==frt)
{
continue;
}
dfs2(to,rt);
}
priority_queue <int> M;
for(int i=head[rt];i!=-1;i=edge[i].next)//O(log2n)
{
int to=edge[i].to;
if(to==frt)
{
continue;
}
M.push(edge[i].val);
}
if(!M.empty())
{
int l=M.top();
M.pop();
while(!M.empty())//O(n*log2n)
{
int l1=M.top();
M.pop();
tot+=(ll)l-l1;
}
for(int i=head[frt];i!=-1;i=edge[i].next)
{
int to=edge[i].to;
if(to==rt)
{
edge[i].val+=l;
break;
}
}
}
}
int main()
{
memset(head,-1,sizeof(head));
int n;
scanf("%d",&n);
int rt;
scanf("%d",&rt);
for(int i=1;i<n;i++)
{
int x,y,v;
scanf("%d%d%d",&x,&y,&v);
add(x,y,v);
add(y,x,v);
}
dfs(rt,rt);
dfs2(rt,rt);
printf("%lld\n",tot);
return 0;
}
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