由于某些原因,我先打了一个错误的树套树,后来打起了$k-d$。接着因不明原因在思路上被卡了很久,在今天中午蹲坑时恍然大悟......

对于一个数字$a_i$,我们可以用一组三维坐标$(i,pre,nxt)$来表示,其中$i$表示该数字下标,$pre$表示在区间$[1,i)$中满足$a[j]=a[i]$的最大$j$,若不存在,则$pre=0$。$nxt$表示在区间$(i,n]$中满足$a[j]=a[i]$的最小$j$,若不存在,则$nxt=n+1$。

接着我们种一棵3-d树去存储这n个点。对于任意一个节点,需存储该节点的数字,以该节点为根的字数中最大的数字,每一维的最小值和最大值。对于一组询问$[l,r]$,答案即为满足第一维在区间$[l,r]$,第二维在区间$[0,l)$,第三维在区间$(r,n+1)$中的所有点上的最大数字。在查询时,直接按照$k-d$的正常查询策略更新答案即可。

时间复杂度:$O(n log n+n^\frac{5}{3})$

警告:若采用此方法,此题建议各位加一个微小的剪枝:假定当前所得到的最大答案为$ans$,若当前访问的字树中最大答案$≤ans$,直接跳过这棵字树即可。(借助该方法极限数据耗时从17.5s降低至1.4s)

 #include<bits/stdc++.h>
#define M 210000
using namespace std;
int n,m,D,root;
struct kd{
int a[],max[],min[],now,ans,l,r;
kd(){a[]=a[]=a[]=now=l=r=;min[]=min[]=min[]=;}
kd(int xx,int yy,int zz,int kk){a[]=xx;a[]=yy;a[]=zz;now=kk;}
friend bool operator <(kd a,kd b){
return a.a[D]<b.a[D];
}
}a[M];
void upd(kd &x,kd &y){
for(int i=;i<;i++)
x.max[i]=max(x.max[i],y.max[i]),
x.min[i]=min(x.min[i],y.min[i]);
}
inline int nx(int d){if(d==) return ; return d+;}
void build(int &x,int l,int r,int d){
if(l>r) return; int mid=(l+r)>>;
D=d; nth_element(a+l,a+mid,a+r+); x=mid;
for(int i=;i<;i++) a[x].max[i]=a[x].min[i]=a[x].a[i];
build(a[x].l,l,mid-,nx(d));
build(a[x].r,mid+,r,nx(d));
upd(a[x],a[a[x].l]); upd(a[x],a[a[x].r]);
a[x].ans=max(a[x].now,max(a[a[x].l].ans,a[a[x].r].ans));
}
int ans=;
void query(int x,int l,int r){
if(x==||ans>=a[x].ans||r<a[x].min[]||a[x].max[]<l||l-<a[x].min[]||a[x].max[]<r+) return;
if(l<=a[x].min[]&&a[x].max[]<=r&&a[x].max[]<l&&r<a[x].min[])
{ans=max(ans,a[x].ans); return;}
if(l<=a[x].a[]&&a[x].a[]<=r&&a[x].a[]<l&&r<a[x].a[]) ans=max(ans,a[x].now);
query(a[x].l,l,r); query(a[x].r,l,r);
}
int last[M]={};
int main(){
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=;i<=n;i++){
int x; scanf("%d",&x);
a[i].a[]=i; a[i].now=x;
a[i].a[]=last[x];
a[last[x]].a[]=i;
last[x]=i;
}
for(int i=;i<=n;i++) if(a[i].a[]==) a[i].a[]=n+;
build(root,,n,);
while(m--){
int x,y,l,r; scanf("%d%d",&x,&y);
l=(x+ans)%n+; r=(y+ans)%n+; if(l>r) swap(l,r);
ans=; query(root,l,r);
printf("%d\n",ans);
}
}

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