乘法逆元(P3811)(四种方法)
适合单个的,费马小定理,exgcd,都是不错的选择,利用积性函数的方法和欧拉筛的方法适合批量求,但是论时间和空间的话,还是积性函数的方法比较好用,线性的。
题目链接:https://www.luogu.org/problemnew/show/P3811
方法一(超时)(适合求单个):费马小定理
当p为素数的时候,a^(p-1)=1(在模p的情况下),所以我们就可以推导出,a*a^(p-2)=1,所以a的逆元就是a^(p-2)。
代码:
#include<iostream>
#include<stack>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<stdio.h>
#include<algorithm>
using namespace std;
# define ll long long
# define inf 0x3f3f3f3f
const int maxn = 1e5+;
ll quickpow(ll t1,ll t2,ll t){
ll ans=t1%t;
t2--;
while(t2){
if(t2&)ans=ans*t1%t;
t1=t1*t1%t;
t2>>=;
}
return ans%t;
}
ll inv(ll t,ll mod){
return quickpow(t,mod-,mod)%mod;
}
int main(){
ll n,p;
scanf("%lld %lld",&n,&p);
for(int i=;i<=n;i++){
printf("%lld\n",inv(i,p));
}
return ;
}
方法二(超时)(适合求单个):扩展欧几里得
a*x=1(mod p),我们可以列出等式,a*x+p*y=1,利用扩展欧几里得,直接求出x。
代码:
#include<iostream>
#include<stack>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<stdio.h>
#include<algorithm>
using namespace std;
# define ll long long
# define inf 0x3f3f3f3f
const int maxn = 1e5+;
ll x,y;
void exgcd(ll t1,ll t2,ll mod)
{
if(t2==)
{
x=;
y=;
return ;
}
exgcd(t2,t1%t2,mod);
ll tmp=x%mod;
x=y%mod;
y=(tmp-t1/t2*y%mod+mod)%mod;
}
ll inv(ll t,ll mod)
{
exgcd(t,mod,mod);
return x%mod;
}
int main()
{
ll n,p;
scanf("%lld %lld",&n,&p);
for(int i=; i<=n; i++)
{
printf("%lld\n",inv(i,p));
}
return ;
}
方法三(AC)(可批量求):积性函数
证明方法如下图所示:
AC代码:
#include<iostream>
#include<stack>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<stdio.h>
#include<algorithm>
using namespace std;
# define ll long long
# define inf 0x3f3f3f3f
const int maxn = 2e7+;
ll inv[maxn];
int main()
{
ll n,p;
scanf("%lld %lld",&n,&p);
inv[]=;
for(int i=;i<=n;i++){
inv[i]=((p-p/i)*inv[p%i]+p)%p;
}
for(int i=;i<=n;i++){
printf("%lld\n",inv[i]);
}
return ;
}
方法四:
欧拉筛(可批量求)
AC代码:
#include<iostream>
#include<stack>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<stdio.h>
#include<algorithm>
using namespace std;
# define ll long long
# define inf 0x3f3f3f3f
const int maxn = 2e7+;
ll inv[maxn],prim[maxn],vis[maxn];
ll quickpow(ll t1,ll t2,ll mod)
{
if(!t2)return ;
ll now=quickpow(t1,t2>>,mod);
now=now*now%mod;
if(t2&)now=now*t1%mod;
return now%mod;
}
int main()
{
ll n,p;
scanf("%lld %lld",&n,&p);
vis[]=;
inv[]=;
int num=;
for(ll i=; i<=n; i++)
{
if(vis[i]==)
{
prim[++num]=i;
inv[i]=quickpow(i,p-,p);
}
for(ll j=; j<=num; j++)
{
if(i*prim[j]>n)
break;
ll tmp=i*prim[j];
vis[tmp]=;
inv[i*prim[j]%p]=inv[i]*inv[prim[j]]%p;
if(i%prim[j]==)
break;
}
}
for(int i=; i<=n; i++)
{
printf("%lld\n",inv[i]);
}
return ;
}
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