LOJ #2718. 「NOI2018」归程 Dijkstra+可持久化并查集
把 $Noi2018$ day1t1 想出来还是挺开心的,虽然是一道水题~
预处理出来 1 号点到其它点的最短路,然后预处理边权从大到小排序后加入前 $i$ 个边的并查集.
这个并查集用可持久化线段树维护可持久化数组来完成.
每次询问时在边集上二分一下,找到对应的并查集,然后找到祖先并输出极小值即可.
#include <bits/stdc++.h>
#define N 400005
#define ll long long
#define setIO(s) freopen(s".in","r",stdin) , freopen(s".out","w",stdout)
using namespace std;
int n,m,rt[N];
struct Edge {
int u,v,l,a;
}e[N];
bool cmp(Edge a,Edge b) {
return a.a>b.a;
}
namespace Dijkstra {
struct Node {
int u;
ll dis;
Node(int u=0,ll dis=0):u(u),dis(dis){}
bool operator<(Node a)const {
return a.dis<dis;
}
};
priority_queue<Node>q;
int edges,s;
ll dis[N];
int hd[N],nex[N<<1],val[N<<1],to[N<<1],done[N];
void addedge(int u,int v,int c) {
nex[++edges]=hd[u],hd[u]=edges,to[edges]=v,val[edges]=c;
}
void re() {
edges=0;
memset(hd,0,sizeof(hd));
memset(dis,0,sizeof(dis));
memset(done,0,sizeof(done));
}
void solve() {
memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
dis[s]=0;
q.push(Node(s,0));
while(!q.empty()) {
Node e=q.top();q.pop();
if(done[e.u]) continue;
done[e.u]=1;
for(int i=hd[e.u];i;i=nex[i])
if(dis[to[i]]>dis[e.u]+val[i]) {
dis[to[i]]=dis[e.u]+val[i];
q.push(Node(to[i], dis[to[i]]));
}
}
}
};
namespace ufs {
#define ls t[now].lson
#define rs t[now].rson
struct Node {
ll min;
int fa,size,lson,rson;
}t[N*50];
int tot;
void build(int &now,int l,int r) {
now=++tot;
if(l==r) {
t[now].fa=l;
t[now].size=1;
t[now].min=Dijkstra::dis[l];
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
if(l<=mid) build(ls,l,mid);
if(r>mid) build(rs,mid+1,r);
}
void update(int pre,int &now,int l,int r,int p,Node e) {
now=++tot;
t[now]=t[pre];
if(l==r) {
t[now].size=e.size;
t[now].fa=e.fa;
t[now].min=e.min;
return;
}
int mid=(l+r)>>1;
if(p<=mid) update(t[pre].lson,t[now].lson,l,mid,p,e);
else update(t[pre].rson,t[now].rson,mid+1,r,p,e);
}
Node query(int now,int l,int r,int p) {
if(l==r) return t[now];
int mid=(l+r)>>1;
if(p<=mid) return query(ls,l,mid,p);
else return query(rs,mid+1,r,p);
}
Node find(int id,int x) {
Node p=query(rt[id],1,n,x);
return p.fa==x?p:find(id,p.fa);
}
void merge(int id,int x,int y) {
Node a=find(id,x),b=find(id,y);
if(a.fa!=b.fa) {
if(a.size<b.size) swap(a,b);
int rt1=0,rt2=0,A=a.fa,B=b.fa;
a.size+=b.size;
a.min=min(a.min,b.min);
a.fa=b.fa=A;
update(rt[id], rt1, 1, n, A, a);
update(rt1, rt2, 1, n, B, b);
rt[id+1]=rt2;
}
else rt[id+1]=rt[id];
}
void re() {
for(int i=1;i<=tot;++i) t[i].lson=t[i].rson=t[i].size=t[i].min=t[i].fa=0;
tot=0;
}
#undef ls
#undef rs
};
void work() {
int i;
scanf("%d%d",&n,&m);
for(i=1;i<=m;++i) {
scanf("%d%d%d%d",&e[i].u,&e[i].v,&e[i].l,&e[i].a);
Dijkstra::addedge(e[i].u,e[i].v,e[i].l);
Dijkstra::addedge(e[i].v,e[i].u,e[i].l);
}
Dijkstra::s=1;
Dijkstra::solve();
sort(e+1,e+1+m,cmp);
ufs::build(rt[0],1,n);
for(i=1;i<=m;++i) ufs::merge(i-1,e[i].u,e[i].v);
ll lastans=0;
int Q,K,S;
scanf("%d%d%d",&Q,&K,&S);
for(i=1;i<=Q;++i) {
int v,p;
scanf("%d%d",&v,&p);
v=(v+K*lastans-1)%n+1;
p=(p+K*lastans)%(S+1);
if(e[m].a>p) printf("0\n"),lastans=0;
else {
int l=0,r=m,mid=0,ans=0;
while(l<=r) {
mid=(l+r)>>1;
if(e[mid].a>p) {
ans=mid,l=mid+1;
}
else r=mid-1;
}
ufs::Node e=ufs::find(ans,v);
printf("%lld\n",lastans=e.min);
}
}
memset(rt,0,sizeof(rt));
Dijkstra::re();
ufs::re();
}
int main() {
// setIO("input");
int T,i;
scanf("%d",&T);
for(i=1;i<=T;++i) work();
return 0;
}
LOJ #2718. 「NOI2018」归程 Dijkstra+可持久化并查集的更多相关文章
- loj#2718. 「NOI2018」归程
题目链接 loj#2718. 「NOI2018」归程 题解 按照高度做克鲁斯卡尔重构树 那么对于询问倍增找到当前点能到达的高度最小可行点,该点的子树就是能到达的联通快,维护子树中到1节点的最短距离 s ...
- LOJ #2718. 「NOI2018」归程(Dijkstra + Kruskal重构树 + 倍增)
题意 给你一个无向图,其中每条边有两个值 \(l, a\) 代表一条边的长度和海拔. 其中有 \(q\) 次询问(强制在线),每次询问给你两个参数 \(v, p\) ,表示在 \(v\) 出发,能开车 ...
- 洛谷 4768 LOJ 2718「NOI2018」归程
[题解] 本题有多种做法,例如可持久化并查集.kruskal重构树等. kruskal重构树的做法是这样的:先把边按照海拔h从大到小的顺序排序,然后跑kruskal建立海拔的最大生成树,顺便建krus ...
- #2718. 「NOI2018」归程 kruskal重构树
链接 https://loj.ac/problem/2718 思路 我们希望x所在的连通块尽量的大,而且尽量走高处 离线的话可以询问排序,kruskal过程中更新答案 在线就要用kruskal重构树 ...
- LOJ#2014「SCOI2016」萌萌哒(倍增,并查集优化连边)
题面 点此看题 题意很明白,就不转述了吧. 题解 题目相当于告诉了我们若干等量关系,每个限制 l 1 , r 1 , l 2 , r 2 \tt l_1,r_1,l_2,r_2 l1,r1,l2 ...
- 「NOI2018」归程
「NOI2018」归程 题目描述 本题的故事发生在魔力之都,在这里我们将为你介绍一些必要的设定. 魔力之都可以抽象成一个 >\(1\) 个节点. \(m\) 条边的无向连通图(节点的编号从 \( ...
- LOJ #2721. 「NOI2018」屠龙勇士(set + exgcd)
题意 LOJ #2721. 「NOI2018」屠龙勇士 题解 首先假设每条龙都可以打死,每次拿到的剑攻击力为 \(ATK\) . 这个需要支持每次插入一个数,查找比一个 \(\le\) 数最大的数(或 ...
- loj#2721. 「NOI2018」屠龙勇士
题目链接 loj#2721. 「NOI2018」屠龙勇士 题解 首先可以列出线性方程组 方程组转化为在模p意义下的同余方程 因为不保证pp 互素,考虑扩展中国剩余定理合并 方程组是带系数的,我们要做的 ...
- Loj #2719. 「NOI2018」冒泡排序
Loj #2719. 「NOI2018」冒泡排序 题目描述 最近,小 S 对冒泡排序产生了浓厚的兴趣.为了问题简单,小 S 只研究对 *\(1\) 到 \(n\) 的排列*的冒泡排序. 下面是对冒泡排 ...
随机推荐
- JS实现把一个页面层数据传递到另一个页面的两种方式
本博客整理了两种方式从一个页面层向另一个页面层传递参数. 一. 通过cookie方式 1. 传递cookie页面的html,此处命名为a.html 请输入用户名和密码: <input id=&q ...
- 求问:numpy里面索引时,采用整型数组和整型列表的区别!
- 单个html5页面加个密码访问
单个html5页面要实现加个密码才能访问,可以用js来控制.代码加在<head>插入下面代码</head>代码如下: <script languange="Ja ...
- Python-RabbitMQ-topic(细致消息过滤的广播模式)
生产者:topic_publiser.py import pika,sys connection = pika.BlockingConnection(pika.ConnectionParameters ...
- 牛客 545A 小A与最大子段和 & CF 660F Bear and Bowling 4
大意: 给定序列$a$, 求选择一个子区间$[l,r]$, 使得$\sum\limits_{i=l}^r(i-l+1)a_i$最大. $n\le2e5, |a_i|\le 1e7$. 记$s[i]=\ ...
- 剑指offer-数字在排序数组中出现的次数-数组-python
题目描述 统计一个数字在排序数组中出现的次数. python 内置函数 count()一行就能搞定 解题思路 二分查找到给定的数字及其坐标.以该坐标为中点,向前向后找到这个数字的 始 – 终 ...
- 【原创】大叔经验分享(55)spark连接kudu报错
spark-2.4.2kudu-1.7.0 开始尝试 1)自己手工将jar加到classpath spark-2.4.2-bin-hadoop2.6+kudu-spark2_2.11-1.7.0-cd ...
- 牛客挑战赛32E 树上逆序对
nowcoder 口胡一时爽 先从这个逆序对的性质入手,手玩可以发现对于一对具有祖先关系节点的点,只有权值绝对值大的才能对这一对点是否为逆序对造成影响.具体来讲,如果祖先点权值大,并且取正号,那么其后 ...
- js css3 固定点拖拽旋转
一.直接上效果图: 然后是代码: 一共两种实现方式: <!DOCTYPE html> <html lang="en"> <head> <m ...
- 淘宝flexible.js的使用
首先大家最关注的怎么使用,原理不原理是后面的事 比如设计稿量来的宽度是100px 那么我们布局的时候,就这么写{width:1.3333rem},1.3333rem是由100/75算出来的,以此类推2 ...