NOIP2009 codevs1173 洛谷P1073 最优贸易
Description:
国有 n 个大城市和 m 条道路,每条道路连接这 n 个城市中的某两个城市。任意两个城市之间最多只有一条道路直接相连。这 m 条道路中有一部分为单向通行的道路,一部分为双向通行的道路,双向通行的道路在统计条数时也计为 1 条。
C 国幅员辽阔,各地的资源分布情况各不相同,这就导致了同一种商品在不同城市的价格不一定相同。但是,同一种商品在同一个城市的买入价和卖出价始终是相同的。
商人阿龙来到 C 国旅游。当他得知同一种商品在不同城市的价格可能会不同这一信息之后,便决定在旅游的同时,利用商品在不同城市中的差价赚回一点旅费。设 C 国 n 个城市的标号从 1~ n,阿龙决定从 1 号城市出发,并最终在 n 号城市结束自己的旅行。在旅游的过程中,任何城市可以重复经过多次,但不要求经过所有 n 个城市。阿龙通过这样的贸易方式赚取旅费:他会选择一个经过的城市买入他最喜欢的商品――水晶球,并在之后经过的另一个城市卖出这个水晶球,用赚取的差价当做旅费。由于阿龙主要是来 C 国旅游,他决定这个贸易只进行最多一次,当然,在赚不到差价的情况下他就无需进行贸易。
假设 C 国有 5 个大城市,城市的编号和道路连接情况如下图,单向箭头表示这条道路为单向通行,双向箭头表示这条道路为双向通行。
假设 1~n 号城市的水晶球价格分别为 4,3,5,6,1。
阿龙可以选择如下一条线路:1->2->3->5,并在 2 号城市以 3 的价格买入水晶球,在 3号城市以 5 的价格卖出水晶球,赚取的旅费数为 2。
阿龙也可以选择如下一条线路 1->4->5->4->5,并在第 1 次到达 5 号城市时以 1 的价格买入水晶球,在第 2 次到达 4 号城市时以 6 的价格卖出水晶球,赚取的旅费数为 5。
现在给出 n 个城市的水晶球价格,m 条道路的信息(每条道路所连接的两个城市的编号以及该条道路的通行情况)。请你告诉阿龙,他最多能赚取多少旅费。
Input:
第一行包含 2 个正整数 n 和 m,中间用一个空格隔开,分别表示城市的数目和道路的数目。
第二行 n 个正整数,每两个整数之间用一个空格隔开,按标号顺序分别表示这 n 个城市的商品价格。
接下来 m 行,每行有 3 个正整数,x,y,z,每两个整数之间用一个空格隔开。如果 z=1,表示这条道路是城市 x 到城市 y 之间的单向道路;如果 z=2,表示这条道路为城市 x 和城市y 之间的双向道路。
Output:
输出文件 trade.out 共 1 行,包含 1 个整数,表示最多能赚取的旅费。如果没有进行贸易,则输出 0。
思路:
书上和网上都是双向SPFA啊 因为NOIP并没有造数据卡SPFA…… 所以有些SPFA跑得很快 这里提供一种缩点+dp的做法
将贸易城市的强联通分量缩点,然后维护每个scc的最高价和最低价,然后对DAG进行一发DP就行了。
因为这是比较早的时候写得强联通,代码有点丑。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 1e5+,M = 1e6 + ; int head[N],now;
struct edges{
int to,next;
}edge[M<<];
void add(int u,int v){ edge[++now] = {v,head[u]}; head[u] = now;} struct input{
int x,y;
}inp[M]; int n,m,low[N],dfn[N],tot,cnt,pri[N],mx[N],mn[N],dict[N],ans;
bool exi[N];
stack<int> sta;
vector<int> vec[N]; void tarjan(int x){
low[x] = dfn[x] = ++cnt; exi[x] = ;
sta.push(x);
for(int i = head[x];i ; i = edge[i].next){
int v = edge[i].to;
if(!dfn[v]){
tarjan(v); low[x] = min(low[x],low[v]);
}
else if(exi[v]) low[x] = min(low[x],dfn[v]);
}
if(dfn[x] == low[x]){
tot++;
while(x != sta.top()){
int tmp = sta.top(); sta.pop();
vec[tot].push_back(tmp);
dict[tmp] = tot;
exi[tmp] = ;
mx[tot] = max(mx[tot],pri[tmp]);
mn[tot] = min(mn[tot],pri[tmp]);
}
sta.pop();
vec[tot].push_back(x);
dict[x] = tot;
exi[x] = ;
mx[tot] = max(mx[tot],pri[x]); mn[tot] = min(mn[tot],pri[x]);
}
return ;
} int dp[N];
bool vis[N];
void dfs(int x){
vis[x] = ;
if(x == dict[n]) dp[x] = max(dp[x],mx[x]);
for(int i = head[x]; i; i = edge[i].next){
int v = edge[i].to;
if(!vis[v])
dfs(v);
dp[x] = max(dp[x],dp[v]);
}
if(dp[x]) dp[x] = max(dp[x],mx[x]);
ans = max(ans,dp[x] - mn[x]);
} int main(){
scanf("%d%d",&n,&m);
int x,y,z;
for(int i = ; i <= n; i++)
scanf("%d",&pri[i]);
memset(mx,-,sizeof(mx)); memset(mn,0x3f,sizeof(mn));
for(int i = ; i <= m; i++){
scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
inp[i] = {x,y};
add(x,y);
if(z == ) add(y,x);
}
tarjan();
memset(head,,sizeof(head)); now = ;
memset(edge,,sizeof(edge));
for(int i = ; i <= m; i++)
if(dict[inp[i].x] != dict[inp[i].y])
add(dict[inp[i].x],dict[inp[i].y]);
dfs(dict[]);
printf("%d\n",ans);
return ;
}
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