Valera and Swaps
题意:
定义 $f(p)$ 表示将 $p$ 序列变换为有序序列最少要交换多少次,给一 $1 \sim n$ 的排列 $a$ ,给一整数 $m$,
求问将 $a$ 最少交换多少次能得到 $p$ ,使得 $f(p) = m$,并将以此交换视作一个两个数字,将交换按顺序排列开
求出字典序最小的交换序列。
解法:
记 $id$ 表示排列 $id(i) = i$
考虑 $f(p)$ 怎么求,可以发现,将原排列视作一个从$p$置换到$id$的置换,则将置换拆分成 $tot$ 个循环后,
最小交换次数就是$\sum_{i=1}^{tot}{cnt_i - 1}$,也就是$n - tot$。
这样考虑交换两个置换的元素,两个置换群会合为一个置换群, $tot$ 变为 $tot-1$。
考虑交换一个置换群内的元素,当前置换群会拆分为两个置换群,$tot$ 变为 $tot+1$。
我们注意到要求交换次数最小,这样两种操作一定不会共存,
这样分类讨论:
1.$n-m < tot$时,我们需要将原先的置换群不断合并,要求字典序最小,
所以我们每次找出含最小元素的置换,将其与含1的置换合并。
2.$n-m = tot$时,不用交换,答案为0
3.$n-m > tot$时,每一次我们只要选择含最小元素的置换,将其中的最小值和次小值交换,并将置换拆开。
总复杂度$O(n^2)$
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <vector> #define N 3010
#define LL long long using namespace std; int n,m,tot;
int a[N];
bool v[N];
vector<int> cir[N]; int main()
{
while(~scanf("%d",&n))
{
for(int i=;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]);
scanf("%d",&m);
m=n-m;
for(int i=;i<=n;i++) v[i]=;
tot=;
for(int i=;i<=n;i++)
{
if(v[i]) continue;
int tmp=i;
cir[++tot].clear();
while(!v[tmp])
{
v[tmp]=;
cir[tot].push_back(tmp);
tmp=a[tmp];
}
}
if(tot==m) cout<<<<endl;
else if(tot>m)
{
cout<<tot-m<<endl;
for(int Te=;Te<=tot-m;Te++)
{
int t=;
for(int i=;i<=tot;i++)
if(!cir[i].empty() && (!t || cir[i][]<cir[t][]))
t=i;
cout<<cir[][]<<' '<<cir[t][]<<' ';
for(int i=;i<(int)cir[t].size();i++)
cir[].push_back(cir[t][i]);
cir[t].clear();
}
}
else
{
int tott=tot;
cout<<m-tot<<endl;
for(int Te=;Te<=m-tot;Te++)
{
int t=;
for(int i=;i<=tott;i++)
if(cir[i].size()> && (!t || cir[i][]<cir[t][]))
t=i;
int pos=;
for(int i=;i<(int)cir[t].size();i++)
if(cir[t][i]<cir[t][pos])
pos=i;
cout<<cir[t][]<<' '<<cir[t][pos]<<' ';
swap(cir[t][],cir[t][pos]);
cir[++tott].clear();
int cnt=;
for(int i=pos;i<(int)cir[t].size();i++)
cir[tott].push_back(cir[t][i]),cnt++;
while(cnt--) cir[t].pop_back();
}
}
}
return ;
}
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