老司机的奇幻漂流 UESTC - 1594

Problem Description

老司机在救出了女票之后,就和她在全世界旅游,有一天,他们来到了一个神奇的小岛上。

这个小岛上有三种动物,他们互相克制,就像虚空追猎凤凰石头剪刀布一样,他们形成了一个食物环。

热爱小动物的老司机女票已经对这个岛上的N只动物进行了细致的研究,对他们所属的族群也了如指掌,并对他们的行为做了记录。

第一种记录方式是1 X Y,表示X和Y关系密切(是同类)。

第二种记录方式是2 X Y,表示X对Y有攻击性行为(X克制Y)。

不过很不凑巧,这些记录被毛手毛脚的JJ给打乱了,使得其中一些记录出现了错误。

为了安慰着急的女票,老司机急忙来帮忙查看是哪些记录出现了错误,当一条记录满足以下三种可能之一时,这就是一条错误的记录。

1)这条记录中的X或者Y比N大

2)攻击性记录中的X攻击了X

3)这条记录与前面的记录相悖

老司机说是来帮忙,但是还要忙着跑去和wyy踢fifa,所以就让你来完成这个任务,找出这些记录中哪些错了。

Input

第一行两个整数N和M,为记录的动物数量和记录条数

接下来M行,每行代表一条记录。

Output

一行n个数字,表示哪几条记录有误,用空格隔开

按编号升序输出

Sample Input

100 7

1 101 1

2 1 2

2 2 3

2 3 3

1 1 3

2 3 1

1 5 5

Sample Output

1 4 5

Hint

数据范围:

1<= N <= 50,000

1<= M <=100,000


  1. 这是一个食物链问题的并查集,算是并查集中比较高端的问题了,这里有一个很好的博客,想了解的可以去看看食物链并查集,其实在看了这个博客之后还不是很懂,但是模板大概是个什么样子还是知道了。这里面有一个很核心的公式:rootx->rooty = (relation[x]+d-1+3-relation[y])%3 = relation[rooty]

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 1e5+100;
struct node
{
int pre;
int relation;
} p[maxn]; int find(int x)
{
int temp;
if(x == p[x].pre)
return x;
temp = p[x].pre;
p[x].pre = find(temp);
p[x].relation = (p[x].relation + p[temp].relation)%3;
return p[x].pre;
} int main()
{
int n,m;
while(cin>>n>>m)
{
queue <int> qu;
for(int i=1; i<=n; i++)
{
p[i].pre = i;
p[i].relation = 0;
}
for(int i=1; i<=m; i++)
{
int a,b,c;
cin>>c>>a>>b;
if(a == b && c == 2)
{
qu.push(i);
continue;
}
if(a > n || b > n)
{
qu.push(i);
continue;
}
int fa = find(a);
int fb = find(b);
if(fa != fb)
{
p[fb].pre = fa;
p[fb].relation = (3 + (c - 1) + p[a].relation - p[b].relation)%3;//很重要的合并公式
//rootx->rooty = (relation[x]+d-1+3-relation[y])%3 = relation[rooty](公式)
}
else
{
if(c == 1 && p[a].relation != p[b].relation)//同类但是和父类的关系不同是不可能的
qu.push(i);
if(c == 2 && ((3 - p[a].relation + p[b].relation)%3 != c -1))//检验是否是符合捕食关系
qu.push(i);
}
}
if(qu.empty())
continue;
printf("%d",qu.front());
qu.pop();
while(!qu.empty())
{
printf(" %d",qu.front());
qu.pop();
}
}
return 0;
}

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