4276: [ONTAK2015]Bajtman i Okrągły Robin
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Time Limit: 40 Sec Memory Limit: 256 MB
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1 4 40
2 4 10
2 3 30
1 3 20
Sample Output
HINT
Source
民间解法:
//(贪心)按权值排序匈牙利
/**************************************************************
Problem: 4276
User: gryz2016
Language: C++
Result: Accepted
Time:16732 ms
Memory:948 kb
****************************************************************/
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
inline int read(){
int x=,f=;char ch=getchar();
while(ch<''||ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
while(ch>=''&&ch<=''){x=x*+ch-'';ch=getchar();}
return x*f;
}
const int N=;
struct node{int a,b,w;}f[N];
int n,ans,person,match[N],times[N];
inline bool cmp(const node &a,const node &b){
return a.w>b.w;
}
bool hunguary(int x){
times[x]=person;
for(int i=f[x].a;i<=f[x].b;i++){
if(!match[i]||(times[match[i]]!=person&&hunguary(match[i]))){
match[i]=x;
return ;
}
}
return ;
}
int main(){
n=read();
for(int i=;i<=n;i++) f[i].a=read(),f[i].b=read()-,f[i].w=read();
sort(f+,f+n+,cmp);
for(int i=;i<=n;i++){
person++;
if(hunguary(i)) ans+=f[i].w;
}
printf("%d",ans);
return ;
}
官方解法:
费用流作法是最暴力最显然的吧。。
一眼建图题,跑最大费用流,所以裸的是水不过去的。。
朴素建图:用xi表示每个强盗,用yi表示区间[i,i+1]。
(S,xi,1,ci)
(xi,yi(ai<=yi<bi),1,0)
(yi,T,1,0)
然后这样是过不了的。
我们发现每次连边都是左边一个点对应右边一段连续的区间,所以可以用线段树来优化。
在原来的基础上,我们不再从xi向每个对应的yi连边,而用线段树中的点来表示区间[ai,bi),然后连边。
对于线段树中的点,由父亲向儿子连容量为inf,费用为0的边。
由叶子节点向汇点T连容量为1,费用为0的边。
然后跑费用流。(引自ws_fqk)
/**************************************************************
Problem: 4276
User: gryz2016
Language: C++
Result: Accepted
Time:31629 ms
Memory:5736 kb
****************************************************************/
#include<cstdio>
#include<iostream>
#define lc k<<1
#define rc k<<1|1
using namespace std;
inline int read(){
int x=,f=;char ch=getchar();
while(ch<''||ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
while(ch>=''&&ch<=''){x=x*+ch-'';ch=getchar();}
return x*f;
}
const int N=;
const int M=2e5+;
const int inf=~0u>>;
struct node{int v,cap,cost,next;}e[M];int tot=,head[N];
int n,ans,S,T,num,dis[N],id[N],li[N],ri[N],ls[N],rs[N],prev[N],flow[N],q[N*];
bool vis[N];
void add(int x,int y,int z,int cost){
e[++tot].v=y;e[tot].cap=z;e[tot].cost=cost;e[tot].next=head[x];head[x]=tot;
e[++tot].v=x;e[tot].cap=;e[tot].cost=-cost;e[tot].next=head[y];head[y]=tot;
}
void build(int k,int l,int r){
id[k]=++num;
if((li[k]=l)==(ri[k]=r)){
add(id[k],T,,);
return ;
}
int mid=l+r>>;
build(ls[k]=lc,l,mid);
build(rs[k]=rc,mid+,r);
add(id[k],id[ls[k]],inf,);
add(id[k],id[rs[k]],inf,);
}
void insert(int k,int opl,int opr,int now){
if(li[k]==opl&&ri[k]==opr){
add(now,id[k],,);
return ;
}
int mid=li[k]+ri[k]>>;
if(opr<=mid) insert(ls[k],opl,opr,now);
else if(opl>mid) insert(rs[k],opl,opr,now);
else insert(ls[k],opl,mid,now),insert(rs[k],mid+,opr,now);
}
bool spfa(){
for(int i=S;i<=T;i++) vis[i]=,dis[i]=-;
int h=,t=;q[t]=S;dis[S]=;flow[S]=inf;
while(h!=t){
int x=q[++h];vis[x]=;
for(int i=head[x];i;i=e[i].next){
if(e[i].cap&&dis[e[i].v]<dis[x]+e[i].cost){
dis[e[i].v]=dis[x]+e[i].cost;
prev[e[i].v]=i;
flow[e[i].v]=min(flow[x],e[i].cap);
if(!vis[e[i].v]){
vis[e[i].v]=;
if(dis[e[i].v]>dis[x])
q[h--]=e[i].v;
else
q[++t]=e[i].v;
}
}
}
}
return dis[T]!=-;
}
void augment(){
for(int i=T;i!=S;i=e[prev[i]^].v){
e[prev[i]].cap-=flow[T];
e[prev[i]^].cap+=flow[T];
}
ans+=dis[T]*flow[T];
}
int main(){
n=read();S=;T=;
build(,,);
for(int i=,a,b,c;i<=n;i++){
a=read();b=read()-;c=read();
add(S,++num,,c);
insert(,a,b,num);
}
while(spfa()) augment();
printf("%d",ans);
return ;
}
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