好神的一道题啊!

我们发现题目中的ln的贡献非常傻逼,但是我们可以发现这个东西的取值只有40个左右,于是我们可以枚举他!

枚举完了对于题里的贡献就是一个普通的最小割,采用的是文理分科的思想,与S连代表不改,与T连代表改,然后流量凑一下就可以了。

那么我们怎么判断我们枚举的值和算出来的方案是否对应呢?我们发现K很小,于是我们可以对于每一层都状压状态,然后通过上面的网络流来计算当这层状态确定时的最优解,然后最后再dp转移一下就可以了。

 #include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <queue>
#define N 1050
#define inf 0x3fffffff
using namespace std;
int e=,head[N];
struct edge{
int u,v,f,next;
}ed[N*N<<];
void add(int u,int v,int f){
ed[e].u=u;ed[e].v=v;ed[e].f=f;
ed[e].next=head[u];head[u]=e++;
ed[e].u=v;ed[e].v=u;ed[e].f=;
ed[e].next=head[v];head[v]=e++;
}
int dep[N],S,T;
bool bfs(){
memset(dep,,sizeof dep);
queue<int> q;q.push(S);dep[S]=;
while(!q.empty()){
int x=q.front();q.pop();
for(int i=head[x];i;i=ed[i].next){
if(ed[i].f&&!dep[ed[i].v]){
dep[ed[i].v]=dep[x]+;
if(ed[i].v==T)return ;
q.push(ed[i].v);
}
}
}
return ;
}
int dfs(int x,int f){
if(x==T||!f)return f;
int ans=;
for(int i=head[x];i;i=ed[i].next){
if(ed[i].f&&dep[ed[i].v]==dep[x]+){
int nxt=dfs(ed[i].v,min(f,ed[i].f));
ans+=nxt;f-=nxt;ed[i].f-=nxt;ed[i^].f+=nxt;
}
}
if(!ans)dep[x]=-;
return ans;
}
int dinic(){
int ans=;
while(bfs())ans+=dfs(S,inf);
return ans;
}
int cnt[]={,,,,,,,,,,,,,,,};
int n,K,m,p,c[N],id[N],x[N],y[N],a[][];
int fa[N];
int find(int x){return x==fa[x]?x:fa[x]=find(fa[x]);}
struct data{int u,v,w,x;}d[N*];
bool cmp1(data a,data b){return y[a.u]<y[b.u];}
bool cmp2(int a,int b){return y[a]<y[b];}
char s[N];
int in[N],w[][],f[][][],ans;
void getmax(int &x,int y){x>y?x=x:x=y;}
int main(){
scanf("%d%d%d%d%s",&n,&K,&m,&p,s+);
S=m+;T=S+;
register int i,j,k,l,s1,s2,l1,r1,l2,r2,V,now;
for(i=;i<=m;i++)
scanf("%d",&c[i]),id[i]=fa[i]=i;
for(i=;i<=K;i++)
for(j=;j<=n;j++){
scanf("%d",&a[i][j]);
x[a[i][j]]=i;y[a[i][j]]=j;
}
for(i=;i<=p;i++){
double x;
scanf("%d%d%d%lf",&d[i].u,&d[i].v,&d[i].w,&x);
d[i].x=d[i].w*x;
if(find(d[i].u)!=find(d[i].v))fa[fa[d[i].u]]=fa[d[i].v];
}
for(i=;i<=m;i++){
if(y[find(i)])y[i]=y[fa[i]];
if(!y[fa[i]]&&y[i])y[fa[i]]=y[i];
}
for(i=;i<=m;i++){
if(!y[fa[i]])y[fa[i]]=;
y[i]=y[fa[i]];
}
sort(d+,d+p+,cmp1);
sort(id+,id+m+,cmp2);
for(l=;l<=(n-)*K;l++){
if(!l||(floor(*log(1.0*l))!=floor(*log(1.0*(l+))))){
V=floor(*log(1.0*(l+)));
for(i=,l1=,r1=,l2=,r2=;i<=n;i++){
while(r1<p&&y[d[r1+].u]==i)r1++;
while(r2<m&&y[id[r2+]]==i)r2++;
for(j=;j<(<<K);j++){
e=;now=head[S]=head[T]=;
for(k=l2;k<=r2;k++)in[id[k]]=head[id[k]]=;
for(k=l1;k<=r1;k++){
now+=V*d[k].w*;
in[d[k].u]+=V*(d[k].w-d[k].x);
in[d[k].v]+=V*(d[k].w-d[k].x);
add(d[k].u,d[k].v,V*(d[k].w+d[k].x));
add(d[k].v,d[k].u,V*(d[k].w+d[k].x));
}
for(k=l2;k<=r2;k++){
if(!x[id[k]])add(S,id[k],c[id[k]]*+in[id[k]]),add(id[k],T,);
else if(j&(<<x[id[k]]-))add(S,id[k],c[id[k]]*+in[id[k]]),add(id[k],T,inf);
else add(S,id[k],inf),add(id[k],T,);
}
w[i][j]=(now-dinic())/;
}
l1=r1+;l2=r2+;
}
}
memset(f,-0x3f,sizeof f);
for(i=;i<(<<K);i++)f[][][i]=w[][i];
for(i=;i<n;i++)
for(j=;j<=l&&j<=(i-)*K;j++)
for(s1=;s1<(<<K);s1++)if(f[i][j][s1]!=f[][][])
for(s2=;s2<(<<K);s2++)
getmax(f[i+][j+cnt[s1^s2]][s2],f[i][j][s1]+w[i+][s2]);
for(i=;i<(<<K);i++)ans=max(ans,f[n][l][i]);
}
printf("%d\n",ans);
return ;
}

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