P2727 Stringsobits

　　01串 Stringsobits

题目背景

考虑排好序的N(N<=31)位二进制数。

题目描述

他们是排列好的，而且包含所有长度为N且这个二进制数中1的位数的个数小于等于L(L<=N)的数。

你的任务是输出第i（1<=i<=长度为N的二进制数的个数）小的（注：题目这里表述不清，实际是，从最小的往大的数，数到第i个符合条件的，这个意思），长度为N，且1的位数的个数小于等于L的那个二进制数。

（例：100101中，N=6，含有位数为1的个数为3）。

输入输出格式

输入格式：

共一行，用空格分开的三个整数N，L，i。

输出格式：

共一行，输出满足条件的第i小的二进制数。

输入输出样例

输入样例#1：

5 3 19

输出样例#1：

10011

说明

题目翻译来自NOCOW。

USACO Training Section 3.2

思路：

注意点：“第几小的数”用int不够，要用long long int。

我们的目标是找到第i个长为N的，最多含有L个1的二进制数。那么，用F[k, i]来表示在前k位中，恰有i个1的二进制数的数量。Sum(F[k, 0~i])就表示在前k位中，最多有i个1的二进制数的数量。

转移方程很好写，边界条件是F[k, 0] = 1（在前k位中，没有1的二进制数只有一个，每一位都是0）。

F[k, i] = F[k-1, i] + F[k-1, i-1]，分别是第k位是0和第k位是1。

接下来，for k in [0, n]（注意，从0开始循环），求出Sum(F[k, 0~L])。如果这个和大于等于p，就说明我们要求的这个数字包含在bit[k]=1的情况里。那么我们就可以把p扣除掉bit[k]=0的情况，也就是扣掉Sum(F[k-1, 0~i])【即第k位是0时，至多有i个1的二进制数的数量。】。

确定了bit[k]=1，那么就可以把L和n各扣掉1，继续找下一个为1的位了（重复上面步骤）。

最后倒序输出这个二进制数就完成了。

代码：

 #include<stdio.h>
 #include<iostream>
 #include<algorithm>
 #include<string.h>
 #include<math.h>
 #include<stdlib.h>
 #include<ctype.h>
 #include<stack>
 #include<queue>
 #include<map>
 #include<set>
 #include<vector>
 #define ll long long
 #define  db double
 using namespace std;
 const int N=1e6+;
 const int mod=1e9+;
 int dp[][];
 bool num[];
 void search(int n, int l, long long int p) {
     long long int s, last;
     for (int k = ; k <= n; k++) {
         last = s;
         s = ;
         for (int i = ; i <= l; i++) {
             s += dp[k][i];
         }
         if (s >= p) {
             num[k] = true;
             return search(n-, l-, p-last);
         }
     }
 }
 int main() {
     int n, l;
     long long int p;
     scanf("%d %d %lld", &n, &l, &p);
     for (int k = ; k <= n; k++) {
         dp[k][] = ;
     }
     for (int k = ; k <= n; k++) {
         for (int i = ; i <= k; i++) {
             dp[k][i] = dp[k-][i] + dp[k-][i-];
         }
     }
     search(n, l, p);
     for (int k = n; k >= ; k--) {
         printf("%d", num[k]);
     }
     return ;
 }