BZOJ

洛谷


\(Description\)

有\(n\)堆石子。除了第一堆外,每堆石子个数都不少于前一堆的石子个数。两人轮流操作,每次可以从一堆石子中拿掉任意多的石子,但要保证操作后仍然满足初始时的条件。谁没有石子可拿时输。求先手是否必胜。

\(Solution\)

限制条件就是相邻两个数的差非负。那么记查分数组\(d_i=a_i-a_{i-1}\)。假设拿走第\(i\)堆的\(x\)个石子,影响是\(d_i\)-=\(x\),\(d_{i+1}\)+=\(x\),就相当于从\(d_i\)中拿\(x\)个给\(d_{i+1}\)。

显然原题意和对差分数组做反向的阶梯\(Nim\)是等价的,然后就做完啦。


//1120kb	4ms
#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <algorithm>
//#define gc() getchar()
#define MAXIN 300000
#define gc() (SS==TT&&(TT=(SS=IN)+fread(IN,1,MAXIN,stdin),SS==TT)?EOF:*SS++)
typedef long long LL;
const int N=1005; int A[N];
char IN[MAXIN],*SS=IN,*TT=IN; inline int read()
{
int now=0; register char c=gc();
for(;!isdigit(c);c=gc());
for(;isdigit(c);now=now*10+c-'0',c=gc());
return now;
} int main()
{
for(int T=read(); T--;)
{
const int n=read();
for(int i=1; i<=n; ++i) A[i]=read();
int s=0;
for(int i=n; i>=1; i-=2) s^=(A[i]-A[i-1]);
puts(s?"TAK":"NIE");
} return 0;
}

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