Description

HH有一串由各种漂亮的贝壳组成的项链。HH相信不同的贝壳会带来好运,所以每次散步 完后,他都会随意取出一
段贝壳,思考它们所表达的含义。HH不断地收集新的贝壳,因此他的项链变得越来越长。有一天,他突然提出了一
个问题:某一段贝壳中,包含了多少种不同的贝壳?这个问题很难回答。。。因为项链实在是太长了。于是,他只
好求助睿智的你,来解决这个问题。

Input

第一行:一个整数N,表示项链的长度。 
第二行:N个整数,表示依次表示项链中贝壳的编号(编号为0到1000000之间的整数)。 
第三行:一个整数M,表示HH询问的个数。 
接下来M行:每行两个整数,L和R(1 ≤ L ≤ R ≤ N),表示询问的区间。
N ≤ 50000,M ≤ 200000。

Output

M行,每行一个整数,依次表示询问对应的答案。

Sample Input

6
1 2 3 4 3 5
3
1 2
3 5
2 6

Sample Output

2
2
4

第一个线段树第二个莫队

线段树:
啊这个题的IDEA炒鸡妙啊……让我情不自禁想写一发题解
(其实是我怕这次抄题解会了后下次就不会了……)
我们先将询问按照结束点升序排序
用now保存当前询问的是第几个
线段树保存的是当前下标是否有珠子(0/1表示)
然后从1~n依次访问项链。
当前访问中,我们要做的有两件事:
第一件:将当前点的珠子修改成1
第二件:将上一个和当前珠子编号相同的珠子设为0
          (因为我们要保证当前序列里不能有重复编号的珠子
            而当前珠子以后的访问都不需要上一个重复编号的珠子了
            因为我们完全可以用当前珠子来统计区间[L,R]之间的个数
            如何统计呢?求个和就好了啊……)
将当前珠子的修改做好后,就要查询了。如果当前询问(now)的右端点和当前珠子是一样的
就查询[L,R]的和就好了,这个和就代表着区间内不同种的数量
毕竟我们已经把重复的珠子都去重了……

 #include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std; struct node
{
int x,y,num,ans;
}ask[];
struct node1
{
int val;
}Segt[];
bool cmp(node a,node b)
{
return a.y<b.y;
}
bool cmp1(node a,node b)
{
return a.num<b.num;
} int last[],a[];
int Query(int node,int l,int r,int l1,int r1)
{
if (l>r1 || r<l1)
return ;
if (l1<=l && r<=r1)
return Segt[node].val;
int mid=(l+r)/;
return Query(node*,l,mid,l1,r1)+
Query(node*+,mid+,r,l1,r1);
} void Update(int node,int l,int r,int x,int k)
{
if (l==r)
Segt[node].val=k;
else
{
int mid=(l+r)/;
if (x<=mid) Update(node*,l,mid,x,k);
else Update(node*+,mid+,r,x,k);
Segt[node].val=Segt[node*].val+Segt[node*+].val;
}
} int main()
{
int n,m;
scanf("%d",&n);
for (int i=;i<=n;++i)
scanf("%d",&a[i]);
scanf("%d",&m);
for (int i=;i<=m;++i)
{
scanf("%d%d",&ask[i].x,&ask[i].y);
ask[i].num=i;
}
sort(ask+,ask+m+,cmp);
int now=;
for (int i=;i<=n;++i)
{
Update(,,n,i,);
if (last[a[i]]!=)
Update(,,n,last[a[i]],);
last[a[i]]=i;
while (ask[now].y==i)
{
ask[now].ans=Query(,,n,ask[now].x,ask[now].y);
++now;
}
}
sort(ask+,ask+m+,cmp1);
for (int i=;i<=m-;++i)
printf("%d\n",ask[i].ans);
printf("%d",ask[m].ans);
}

莫队:

入门题

 #include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#define MAXN (1000000+10)
using namespace std;
struct node
{
int l,r,ord,id,ans;
}Ask[MAXN];
int l=,r=,now,n,m;
int cnt[MAXN],a[MAXN];
bool cmp1(node a,node b){return a.id==b.id?a.r<b.r:a.id<b.id;}
bool cmp2(node a,node b){return a.ord<b.ord;} void Del(int x)
{
cnt[a[x]]--;
if (!cnt[a[x]]) now--;
}
void Ins(int x)
{
if (!cnt[a[x]]) now++;
cnt[a[x]]++;
}
void MO(int x)
{
int L=Ask[x].l,R=Ask[x].r;
while (l>L) Ins(--l);
while (l<L) Del(l++);
while (r>R) Del(r--);
while (r<R) Ins(++r);
Ask[x].ans=now;
} int main()
{
scanf("%d",&n);
int len=sqrt(n);
for (int i=;i<=n;++i)
scanf("%d",&a[i]);
scanf("%d",&m);
for (int i=;i<=m;++i)
{
scanf("%d%d",&Ask[i].l,&Ask[i].r);
Ask[i].id=Ask[i].l/len;
Ask[i].ord=i;
}
sort(Ask+,Ask+m+,cmp1);
for (int i=;i<=m;++i)
MO(i);
sort(Ask+,Ask+m+,cmp2);
for (int i=;i<=m;++i)
printf("%d\n",Ask[i].ans);
}

1878. [SDOI2009]HH的项链【线段树 或 莫队】的更多相关文章

  1. BZOJ 1878: [SDOI2009]HH的项链 离线树状数组

    1878: [SDOI2009]HH的项链 Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 256 MB 题目连接 http://www.lydsy.com/JudgeOnline/p ...

  2. 【BZOJ】1878: [SDOI2009]HH的项链(树状数组)

    http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1878 我太弱了,看题解才过的. 一开始看到此题,我想了想在线做法,但之后觉得这个想法可能是错的:维护 ...

  3. bzoj 1878: [SDOI2009]HH的项链【树状数组】

    对于一个lr,每个颜色贡献的是在(1,r)区间里出现的最右位置,所以记录一个b数组表示当前点这个颜色上一个出现的位置 然后把询问离线,按r升序排序 每次把右端点右移,把这个点在树状数组上+1,并且在当 ...

  4. 1878: [SDOI2009]HH的项链

    1878: [SDOI2009]HH的项链 Time Limit: 4 Sec  Memory Limit: 64 MBSubmit: 4420  Solved: 2199[Submit][Statu ...

  5. BZOJ 1878: [SDOI2009]HH的项链

    1878: [SDOI2009]HH的项链 Time Limit: 4 Sec  Memory Limit: 64 MBSubmit: 3548  Solved: 1757[Submit][Statu ...

  6. BZOJ 1878: [SDOI2009]HH的项链( BIT )

    离线处理 , 记下询问的左右端点并排序 , 然后可以利用树状数组 , 保证查询区间时每种颜色只计算一次 ------------------------------------------------ ...

  7. Bzoj 1878: [SDOI2009]HH的项链 莫队

    1878: [SDOI2009]HH的项链 Time Limit: 4 Sec  Memory Limit: 64 MBSubmit: 2717  Solved: 1363[Submit][Statu ...

  8. BZOJ 1878 [SDOI2009]HH的项链 【莫队】

    任意门:https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1878 1878: [SDOI2009]HH的项链 Time Limit: 4 Sec  M ...

  9. 【SDOI2009】HH的项链 线段树

    题目描述 HH 有一串由各种漂亮的贝壳组成的项链.HH 相信不同的贝壳会带来好运,所以每次散步完后,他都会随意取出一段贝壳,思考它们所表达的含义.HH 不断地收集新的贝壳,因此,他的项链变得越来越长. ...

随机推荐

  1. mysql索引对单表查询的影响

    索引被用来快速找出在一个列上用一特定值的行.没有索引,MySQL不得不首先以第一条记录开始并然后读完整个表直到它找出相关的行.表越大,花费时间越多. 如果表对于查询的列有一个索引,MySQL能快速到达 ...

  2. NetSugar.Cap与CAP功能比对

    前言 首先非常感谢开源社区,在各位作者无私得奉献下,我才有幸接触CAP.在拜读源码和理解设计原理过程中,发现CAP的源码是一个非常值得我们学习的代码.本人代码的基本框架采用简单的DDD,在练习Demo ...

  3. django分页的两种方式

    第一种自定义分页: def pageDemo(request): ''' 自定义分页] :param request: :return: ''' currentpage=request.GET.get ...

  4. Hadoop源码学习笔记(3) ——初览DataNode及学习线程

    Hadoop源码学习笔记(3) ——初览DataNode及学习线程 进入了main函数,我们走出了第一步,接下来看看再怎么走: public class DataNode extends Config ...

  5. 用Lua控制Nginx静态文件的url访问权限

    需求背景:比如我们有一个存储文件的web服务器,一般通过url可直接访问到:http://127.0.0.1/uploads/test.rar,如果我们需要限制别人的访问,可以通过添加lua脚本来控制 ...

  6. Windbg 脚本命令简介 二, Windbg command

    Windbg  脚本命令简介 二, Windbg  script command $<, $><, $$<, $$><, $$>a< (Run Scri ...

  7. Java CountDownLatch解析(下)

    写在前面的话 在上一篇CountDownLatch解析中,我们了解了CountDownLatch的简介.CountDownLatch实用场景.CountDownLatch实现原理中的await()方法 ...

  8. C#3.0匿名类和Lanmda表达式

    1.初始化器:className variableName = new className(property1=value1…); 2.var可以声明一个没有类型的变量,根据赋值的不同改变数据类型 3 ...

  9. sql:Mysql create view,function,procedure

    create database Liber; use Liber; #顯示數据庫 20150210 Geovin Du 涂聚文 SHOW DATABASES; drop table BookKindL ...

  10. How To Manage StartUp Applications In Ubuntu

    Ever felt the need to control startup applications in Ubuntu? You should, if you feel that your Ubun ...