给定一张n个点m条边的无向图,求删除哪一条边后,能够确保构成一个二分图,输出所有可能

解法:我们知道二分图的性质是没有奇环,这道题我们也应该从这个方面入手来考虑。

如果没有奇环的话我们当然想怎么删就怎么删,毕竟两个偶环删一条边不会出来一个奇环

如果存在奇环,那么我们删边一定要删奇环上的边,而且这条边必须是所有奇环的并

还要考虑的是,如果这条边还属于某个偶环,删掉这条边后图中还会形成一个新的奇环,因此删除的边还不能属于偶环

这种关于返祖边的题目用树上差分来处理就可以

代码:

 #include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#define M 10010
using namespace std;
struct point{
int from,to,next;
}e[M<<];
struct Link{
int odd,even;
bool flag;
int from,to;
}link[M];
int n,m,num,cnt,tot;
int head[M],odd[M],even[M],ans[M],deep[M];
bool vis[M];
void add(int from,int to)
{
e[num].next=head[from];
e[num].from=from;
e[num].to=to;
head[from]=num++;
}
void dfs(int x)
{
vis[x]=true;
for(int i=head[x];~i;i=e[i].next)
{
int to=e[i].to;
if(!vis[to])
{
link[i>>].flag=true;
deep[to]=deep[x]+;//树边
dfs(to);
}
}
}
void DFS(int x)
{
vis[x]=true;
for(int i=head[x];~i;i=e[i].next)
{
int to=e[i].to;
if(!vis[to])//树边
{
DFS(to);
odd[x]+=odd[to];
even[x]+=even[to];
link[i>>].odd=odd[to];
link[i>>].even=even[to];
}
}
}
int main()
{
memset(head,-,sizeof(head));
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=;i<m;i++)
{
scanf("%d%d",&link[i].from,&link[i].to);
add(link[i].from,link[i].to);
add(link[i].to,link[i].from);
}
for(int i=;i<=n;i++)
if(!vis[i])
{
deep[i]=;
dfs(i);
}
for(int i=;i<m;i++)
{
if(link[i].flag) continue;
int u=link[i].from,v=link[i].to;
if(deep[u]>deep[v]) swap(u,v);//u为祖先
if((deep[v]-deep[u])&) even[u]--,even[v]++;
else odd[u]--,odd[v]++,link[i].odd++,tot++;
}
if(!tot)
{
printf("%d\n",m);
for(int i=;i<=m;i++) printf("%d ",i);
return ;
}
memset(vis,,sizeof(vis));
for(int i=;i<=n;i++)
if(!vis[i])
DFS(i);
for(int i=;i<m;i++)
{
if(link[i].flag)
{
if(!link[i].even&&link[i].odd==tot) ans[++cnt]=i+;//是奇环的并且不在偶环上
}
else if(tot==&&link[i].odd) ans[++cnt]=i+;//如果只有一个奇环,奇环中的边都可删
}
printf("%d\n",cnt);
for(int i=;i<=cnt;i++) printf("%d ",ans[i]);
return ;
}

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