【BZOJ】3502 PA2012 Tanie linie
【算法】贪心,一般DP
【题解】
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胡策k≤10的环状DP做法:
1.钦定法:先确定第一位(可能和第n位)的状态,然后后面正常做DP,显然正确答案是一定会被记录的,因为从整体上看不会有影响。
2.环的特性:取的段和不取的段数量相等,位置互补。所以1和n的连接处都选或都不选都会有不被包括的情况,一选一不选就和链一样了。
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正解贪心:
因为相邻的正数或相邻的负数肯定是要选一起选,所以点缩成正负正负…的数列形式,那么考虑先选择全部正的。
如果选择的段数过多,考虑删除则有两种选择:舍弃一个正数(相当于舍弃一个正数和两个负数,把这三个数视为一个负数),选择一个负数(相当于选择一个负数和两个正数,把这三个数视为一个正数)。
那么显然这两种行为是等价的:都是合并相邻的三个数字,可以视为对绝对值最小的数字操作最优,然后过程中用堆动态维护即可。
非环的情况特殊处理:不可能选择头尾的负数,因为没办法合并两个正数,过程中需要判断这个,而且这个头尾还会变化。
对拍还是查找错误相当重要的方式!考试一定要写暴力拍!
据说可以开头特判一些东西跳掉没用的数据——数据是死的,人是活的,出题人是懒的。
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<queue>
using namespace std;
const int maxn=; long long a[maxn],n,m,k,b[maxn],pre[maxn],suc[maxn];
bool f[maxn];
struct cyc
{
long long num,ord;
bool p;
bool operator <(const cyc &a) const
{
return num>a.num;
}
}qp;
priority_queue<cyc>q;
int main()
{ // freopen("input","r",stdin); scanf("%lld%lld",&n,&k);
bool now=;long long tot,m=;
long long ans=;
scanf("%lld",&a[]);
b[(tot=)]=a[];now=a[]>;
for(int i=;i<=n;i++)
{
scanf("%lld",&a[i]);
if(a[i]>&&!now)
{
now=;
b[++tot]=a[i];
}
else if(a[i]<=&&now)
{
now=;
b[++tot]=a[i];
}
else b[tot]+=a[i];
}
// if((b[tot]>0)==(b[1]>0)&&tot!=1){b[1]+=b[tot];tot--;}//操作顺序
for(int i=;i<=tot;i++)
{
pre[i]=i-;suc[i]=i+;
if(b[i]>){ans+=b[i];m++;}
q.push((cyc){(b[i]>?b[i]:-b[i]),i,b[i]>});
}
// pre[1]=tot;suc[tot]=1;
suc[tot]=;
long long en=tot,be=;
for(int i=m;i>k;i--)
{
while(f[q.top().ord]||((q.top().ord==be||q.top().ord==en)&&!q.top().p))q.pop();
qp=q.top();q.pop();
long long sum=;long long A=pre[qp.ord],B=suc[qp.ord];
if(qp.p)sum=qp.num+b[A]+b[B];
else sum=b[A]+b[B]-qp.num;
ans-=qp.num;
if(suc[pre[A]])suc[pre[A]]=qp.ord;pre[qp.ord]=pre[A];
if(pre[suc[B]])pre[suc[B]]=qp.ord;suc[qp.ord]=suc[B];
f[A]=f[B]=;b[qp.ord]=sum;
//printf("ord=%lld num=%lld sum=%lld\n",qp.ord,qp.num,sum);
if(B==en)en=qp.ord;
if(A==be)be=qp.ord;
q.push((cyc){(sum>?sum:-sum),qp.ord,sum>});
}
printf("%lld",ans);//开long long
return ;
}
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