[题目链接]

https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1969

[算法]

首先离线 , 将删边操作转化为加边操作

不妨首先将这张图按边-双连通分量(e-DCC)缩点 , 缩点后形成了一棵树

树链剖分 + 线段树即可

时间复杂度 : O(NlogN ^ 2)

[代码]

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define MAXN 200010 struct query
{
int type , u , v;
} que[MAXN];
struct edge
{
int to , nxt;
} e[MAXN << ] , ec[MAXN << ]; int n , m , timer , cnt , tot , q , len;
int head[MAXN] , chead[MAXN] , low[MAXN] , dfn[MAXN] , belong[MAXN] ,
size[MAXN] , fa[MAXN] , son[MAXN] , top[MAXN] , depth[MAXN] , u[MAXN] , v[MAXN] , ans[MAXN];
map< pair<int , int> , int> mp;
bool is_bridge[MAXN << ] , des[MAXN << ]; template <typename T> inline void chkmax(T &x,T y) { x = max(x,y); }
template <typename T> inline void chkmin(T &x,T y) { x = min(x,y); }
template <typename T> inline void read(T &x)
{
T f = ; x = ;
char c = getchar();
for (; !isdigit(c); c = getchar()) if (c == '-') f = -f;
for (; isdigit(c); c = getchar()) x = (x << ) + (x << ) + c - '';
x *= f;
}
struct Segment_Tree
{
struct Node
{
int l , r , sum;
int tag;
} Tree[MAXN << ];
inline void build(int index , int l , int r)
{
Tree[index].l = l;
Tree[index].r = r;
Tree[index].tag = ;
if (l == r)
{
if (l != ) Tree[index].sum = ;
return;
}
int mid = (l + r) >> ;
build(index << , l , mid);
build(index << | , mid + , r);
update(index);
}
inline void pushdown(int index)
{
Tree[index << ].sum = Tree[index << | ].sum = ;
Tree[index << ].tag = Tree[index << | ].tag = ;
Tree[index].tag = ;
}
inline void update(int index)
{
Tree[index].sum = Tree[index << ].sum + Tree[index << | ].sum;
}
inline void modify(int index , int l , int r)
{
if (Tree[index].l == l && Tree[index].r == r)
{
Tree[index].sum = ;
Tree[index].tag = ;
return;
}
if (Tree[index].tag) pushdown(index);
int mid = (Tree[index].l + Tree[index].r) >> ;
if (mid >= r) modify(index << , l , r);
else if (mid + <= l) modify(index << | , l , r);
else
{
modify(index << , l , mid);
modify(index << | , mid + , r);
}
update(index);
}
inline int query(int index , int l , int r)
{
if (Tree[index].l == l && Tree[index].r == r)
return Tree[index].sum;
if (Tree[index].tag) pushdown(index);
int mid = (Tree[index].l + Tree[index].r) >> ;
if (mid >= r) return query(index << , l , r);
else if (mid + <= l) return query(index << | , l , r);
else return query(index << , l , mid) + query(index << | , mid + , r);
}
} SGT;
inline void addedge(int u , int v)
{
++tot;
e[tot] = (edge){v , head[u]};
head[u] = tot;
}
inline void addcedge(int u , int v)
{
++tot;
ec[tot] = (edge){v , chead[u]};
chead[u] = tot;
}
inline void tarjan(int u , int t)
{
low[u] = dfn[u] = ++timer;
for (int i = head[u]; i; i = e[i].nxt)
{
int v = e[i].to;
if (!dfn[v])
{
tarjan(v , i);
chkmin(low[u] , low[v]);
if (low[v] > dfn[u])
is_bridge[i] = is_bridge[i ^ ] = true;
} else if (i != (t ^ )) chkmin(low[u] , dfn[v]);
}
}
inline void dfs(int u , int id)
{
belong[u] = id;
for (int i = head[u]; i; i = e[i].nxt)
{
int v = e[i].to;
if (!belong[v] && !is_bridge[i]) dfs(v , id);
}
}
inline void dfs1(int u)
{
size[u] = ;
son[u] = ;
for (int i = chead[u]; i; i = ec[i].nxt)
{
int v = ec[i].to;
if (v == fa[u]) continue;
depth[v] = depth[u] + ;
fa[v] = u;
dfs1(v);
size[u] += size[v];
if (son[u] == || size[v] > size[son[u]]) son[u] = v;
}
}
inline void dfs2(int u , int tp)
{
dfn[u] = ++timer;
top[u] = tp;
if (son[u]) dfs2(son[u] , tp);
for (int i = chead[u]; i; i = ec[i].nxt)
{
int v = ec[i].to;
if (v == fa[u] || v == son[u]) continue;
dfs2(v , v);
}
}
inline void modify(int u , int v)
{
u = belong[u] , v = belong[v];
int tu = top[u] , tv = top[v];
while (tu != tv)
{
if (depth[tu] > depth[tv])
{
swap(u , v);
swap(tu , tv);
}
SGT.modify( , dfn[tv] , dfn[v]);
v = fa[tv]; tv = top[v];
}
if (dfn[u] > dfn[v]) swap(u , v);
if (dfn[u] + <= dfn[v]) SGT.modify( , dfn[u] + , dfn[v]);
}
inline int query(int u , int v)
{
u = belong[u] , v = belong[v];
int tu = top[u] , tv = top[v];
int ret = ;
while (tu != tv)
{
if (depth[tu] > depth[tv])
{
swap(u , v);
swap(tu , tv);
}
ret += SGT.query( , dfn[tv] , dfn[v]);
v = fa[tv]; tv = top[v];
}
if (dfn[u] > dfn[v]) swap(u , v);
if (dfn[u] + <= dfn[v]) ret += SGT.query( , dfn[u] + , dfn[v]);
return ret;
} int main()
{ read(n); read(m);
for (int i = ; i <= m; i++)
{
read(u[i]);
read(v[i]);
mp[make_pair(u[i] , v[i])] = mp[make_pair(v[i] , u[i])] = i;
}
while (true)
{
int C , A , B;
read(C);
if (C == -) break;
read(A); read(B);
if (C == ) des[mp[make_pair(A , B)]] = true;
que[++q].type = C; que[q].u = A; que[q].v = B;
}
tot = ;
for (int i = ; i <= m; i++)
{
if (!des[i])
{
addedge(u[i] , v[i]);
addedge(v[i] , u[i]);
}
}
for (int i = ; i <= n; i++)
if (!dfn[i]) tarjan(i , );
for (int i = ; i <= n; i++)
if (!belong[i]) dfs(i , ++cnt);
tot = ;
for (int i = ; i <= m; i++)
{
if (des[i]) continue;
if (belong[u[i]] != belong[v[i]])
{
addcedge(belong[u[i]] , belong[v[i]]);
addcedge(belong[v[i]] , belong[u[i]]);
}
}
timer = ;
memset(dfn , , sizeof(dfn));
dfs1();
dfs2( , );
SGT.build( , , timer);
for (int i = q; i >= ; i--)
{
if (que[i].type == ) modify(que[i].u, que[i].v);
else ans[++len] = query(que[i].u , que[i].v);
}
reverse(ans + , ans + len + );
for (int i = ; i <= len; i++) printf("%d\n" , ans[i]); return ; }

[AHOI 2005] 航线规划的更多相关文章

  1. 解题:AHOI 2005 航线规划

    题面 这种不断删边的首先肯定想到时光倒流啊=.= 在最后剩下的连通图上跑出一棵搜索树,先将边权都赋为$1$,那么两点间的关键航线就是链上边权和,而每加入一条非树边$u,v$都会使得$u,v$链上的边的 ...

  2. BZOJ 1969: [Ahoi2005]LANE 航线规划( 树链剖分 )

    首先我们要时光倒流, 倒着做, 变成加边操作维护关键边. 先随意搞出一颗树, 树上每条边都是关键边(因为是树, 去掉就不连通了)....然后加边(u, v)时, 路径(u, v)上的所有边都变成非关键 ...

  3. 【BZOJ1969】航线规划(Link-Cut Tree)

    [BZOJ1969]航线规划(Link-Cut Tree) 题面 BZOJ 题解 删边操作 套路呀 离线读入倒过来做 变成加边操作 现在考虑怎么确定两点直接的关键路径条数 如果是一棵树,那么每条边都是 ...

  4. 让大疆去做测绘---航线规划软件APP

    让大疆去做测绘---航线规划软件APP http://blog.zhulong.com/u10783270/blogdetail7162540.html RockyCapture无人机航线飞行控制软件 ...

  5. 洛谷 P2542 [AHOI2005]航线规划 解题报告

    P2542 [AHOI2005]航线规划 题目描述 对Samuel星球的探险已经取得了非常巨大的成就,于是科学家们将目光投向了Samuel星球所在的星系--一个巨大的由千百万星球构成的Samuel星系 ...

  6. 【BZOJ 1969】 1969: [Ahoi2005]LANE 航线规划 (树链剖分+线段树)

    1969: [Ahoi2005]LANE 航线规划 Description 对Samuel星球的探险已经取得了非常巨大的成就,于是科学家们将目光投向了Samuel星球所在的星系——一个巨大的由千百万星 ...

  7. 【BZOJ1969】[Ahoi2005]LANE 航线规划 离线+树链剖分+线段树

    [BZOJ1969][Ahoi2005]LANE 航线规划 Description 对Samuel星球的探险已经取得了非常巨大的成就,于是科学家们将目光投向了Samuel星球所在的星系——一个巨大的由 ...

  8. P2542 【[AHOI2005]航线规划】

    P2542 [[AHOI2005]航线规划] 一个无向图,m个操作 删去一条边 给定两个点,求有多少边使得如果这条边不存在,给定的两个点不连通 一般这种删边的题目,考虑逆序加边处理 在删完的图中,任意 ...

  9. [Ahoi2005]LANE 航线规划

    题目描述 对Samuel星球的探险已经取得了非常巨大的成就,于是科学家们将目光投向了Samuel星球所在的星系——一个巨大的由千百万星球构成的Samuel星系. 星际空间站的Samuel II巨型计算 ...

随机推荐

  1. android 拍照预览

    <RelativeLayout xmlns:android="http://schemas.android.com/apk/res/android" xmlns:tools= ...

  2. Python机器学习--降维

    主成分分析(PCA) 测试 # -*- coding: utf-8 -*- """ Created on Thu Aug 31 14:21:51 2017 @author ...

  3. python 工具 FFT变换

    import numpy as npimport pylabwave_data =np.fromfile("C:\\Users\\Administrator\\Desktop\\bins\\ ...

  4. 转: memcached Java客户端spymemcached的一致性Hash算法

    转自:http://colobu.com/2015/04/13/consistent-hash-algorithm-in-java-memcached-client/ memcached Java客户 ...

  5. IE8.0登录Oracle EBS后报Oracle error 1403错

    IE8.0登录Oracle EBS后报错,登录页面打开没有问题.只是输入username和password然后登录,遇到下面错误: <PRE>Oracle error 1403: java ...

  6. Git的使用 -- 用git玩翻github,结尾有惊喜!有惊喜!有惊喜!林妙妙看了说:牛呲呼啦带闪电 (三)(超详解)

    简介 上一篇主要讲解的是Git安装及配置,这一篇就详细的从无到有的来用Git玩翻github. 一.什么是Github Github是全球最大的社交编程及代码托管网站(https://github.c ...

  7. c/c++中static和extern使用

    c/c++中static和extern使用 在C/C++中static和extern都能够用来修饰函数和变量,可是是有差别的. 内部函数和内部变量:仅仅能在文件内使用的函数和变量. 外部函数和外部变量 ...

  8. LeetCode_3Sum

    一.题目 3Sum Total Accepted: 45112 Total Submissions: 267165My Submissions Given an array S of n intege ...

  9. Linux安装配置Redis CentOS 7 下安装Redis

    Redis是一个高性能的,开源key-value型数据库.是构建高性能,可扩展的Web应用的完美解决方案,可以内存存储亦可持久化存储.因为要使用跨进程,跨服务级别的数据缓存,在对比多个方案后,决定使用 ...

  10. mysql的binlog详解

    什么是binlogbinlog日志用于记录所有更新了数据或者已经潜在更新了数据(例如,没有匹配任何行的一个DELETE)的所有语句.语句以“事件”的形式保存,它描述数据更改. binlog作用因为有了 ...