#二进制拆分,矩阵乘法#洛谷 6569 [NOI Online #3 提高组] 魔法值
分析
考虑一个点的权值能被统计到答案当且仅当其到1号点的路径条数为奇数条。
那么设 \(dp[i][x][y]\) 表示从 \(x\) 到 \(y\) 走 \(i\) 步路径条数的奇偶性,
这个可以用矩阵乘法加速,多组询问直接二进制拆分预处理出来即可。
大概就是 \(C[x][y]\) 对所有的 \(A[x][z]*B[z][y]\) 取异或
代码
#include <cstdio>
#include <cctype>
using namespace std;
const int N=100;
typedef unsigned uit;
struct maix{
bool p[N][N];
}A[32],ANS;
uit a[N]; int n,m,Q;
uit iut(){
uit ans=0; char c=getchar();
while (!isdigit(c)) c=getchar();
while (isdigit(c)) ans=ans*10+c-48,c=getchar();
return ans;
}
void print(uit ans){
if (ans>9) print(ans/10);
putchar(ans%10+48);
}
maix mul(maix A,maix B,int t){
maix C;
for (int i=0;i<t;++i)
for (int j=0;j<n;++j){
C.p[i][j]=0;
for (int k=0;k<n;++k)
C.p[i][j]|=A.p[i][k]&B.p[k][j];
}
return C;
}
int main(){
n=iut(),m=iut(),Q=iut();
for (int i=0;i<n;++i) a[i]=iut();
for (int i=1;i<=m;++i){
int x=iut()-1,y=iut()-1;
A[0].p[x][y]=A[0].p[y][x]=1;
}
for (int i=1;i<32;++i) A[i]=mul(A[i-1],A[i-1],n);
for (int i=1;i<=Q;++i){
uit x=iut(),ans=0; ANS.p[0][0]=1;
for (int j=1;j<n;++j) ANS.p[0][j]=0;
for (int j=31;~j;--j)
if ((x>>j)&1) ANS=mul(ANS,A[j],1);
for (int j=0;j<n;++j) if (ANS.p[0][j]) ans^=a[j];
print(ans),putchar(10);
}
return 0;
}
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