着色方案(bzoj 1079)
Description
有n个木块排成一行,从左到右依次编号为1~n。你有k种颜色的油漆,其中第i种颜色的油漆足够涂ci个木块。
所有油漆刚好足够涂满所有木块,即c1+c2+...+ck=n。相邻两个木块涂相同色显得很难看,所以你希望统计任意两
个相邻木块颜色不同的着色方案。
Input
第一行为一个正整数k,第二行包含k个整数c1, c2, ... , ck。
Output
输出一个整数,即方案总数模1,000,000,007的结果。
Sample Input
1 2 3
Sample Output
HINT
100%的数据满足:1 <= k <= 15, 1 <= ci <= 5
/*
直接状态压缩是显然是不可行的,我们考虑如果没有相邻颜色不相同的限制的话,
如果两种油漆能染的木块数目相同,我们就可以认为两种油漆无差别。
设dp[a1][a2][a3][a4][a5]为能染1个木块的油漆有a1种……的方案数。
但是有相邻颜色的限制,如果上一次用了颜色数为last的油漆,
那么这一次有一种颜色数为last-1的油漆就不能用了,转移的时候注意一下。
*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#define mod 1000000007
#define lon long long
using namespace std;
int s[],dp[][][][][][],k;
int dfs(int a1,int a2,int a3,int a4,int a5,int last){
if(dp[a1][a2][a3][a4][a5][last]) return dp[a1][a2][a3][a4][a5][last];
if(a1+a2+a3+a4+a5==) return dp[a1][a2][a3][a4][a5][last]=;
lon tot=;
if(a1) tot+=1LL*(a1-(last==))*dfs(a1-,a2,a3,a4,a5,),tot%=mod;
if(a2) tot+=1LL*(a2-(last==))*dfs(a1+,a2-,a3,a4,a5,),tot%=mod;
if(a3) tot+=1LL*(a3-(last==))*dfs(a1,a2+,a3-,a4,a5,),tot%=mod;
if(a4) tot+=1LL*(a4-(last==))*dfs(a1,a2,a3+,a4-,a5,),tot%=mod;
if(a5) tot+=1LL*a5*dfs(a1,a2,a3,a4+,a5-,),tot%=mod;
return dp[a1][a2][a3][a4][a5][last]=tot;
}
int main(){
scanf("%d",&k);
for(int i=;i<=k;i++){
int x;scanf("%d",&x);
s[x]++;
}
printf("%d",dfs(s[],s[],s[],s[],s[],));
return ;
}
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