【题意分析】

给你一条有n个点的数轴,每个点属于一个种类,总共有k个种类。求一段最短的线段,使对于每个种类,这段线段上有至少一个点属于它。

【算法分析】

1.对于50%的数据,N≤10000

对于每一个从左到右枚举的l,从左到右枚举r>=l并不断加入r号彩珠,直到满足条件为止,更新答案。

时间复杂度O(n2)。

2.对于80%的数据,N≤800000

预处理k个种类的前缀和。对于每一个从左到右枚举的l,进行O(klog2n)的二分询问。

时间复杂度O(nklog2n)

3.对于100%的数据,1≤N≤1000000,1≤K≤60,0≤Ti<231

动态维护一个大小为k的离散数组,s[i]表示当前状态下第i个种类的彩珠数。深入考虑算法一,我们发现对于每一个从左到右枚举的l,r是单调不减的。于是固定l时,不断将r号彩珠加入s并右移指针r,直到满足条件为止,更新答案;当l自增时,在s中弹出原l号彩珠,不重置r。这样扫描的时间就是线性的了。

时间复杂度O(nk)

【参考代码】

 #pragma GCC optimize(2)
#include <algorithm>
#include <cstdio>
#include <functional>
#define REP(i,low,high) for(register int i=(low);i<=(high);i++)
using namespace std; //ex_cmp {
template<typename T,class Compare> inline bool getcmp(T &target,const T &pattern,Compare comp)
{
return comp(pattern,target)?target=pattern,:;
}
//} ex_cmp struct beat
{
int kind,pos; void input(const int &K) {kind=K,scanf("%d",&pos);}
bool operator<(const beat &another)const{return pos<another.pos;}
}beats[];
int s[]={}; static int n,k;
inline bool cannot() {REP(i,,k) if(!s[i]) return ; return ;}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&k); int tot=; REP(i,,k)
{
int cnt; for(scanf("%d",&cnt);cnt--;) tot++,beats[tot].input(i);
}
sort(beats+,beats+n+),s[beats[].kind]=; int j=;
for(;j<=n&&cannot();s[beats[j].kind]++) j++; int ans=beats[j].pos-beats[].pos;
REP(i,,n)
{
s[beats[i-].kind]--; for(;j<=n&&cannot();s[beats[j].kind]++) j++;
if(j>n) break; getcmp(ans,beats[j].pos-beats[i].pos,less<int>());
}
return printf("%d\n",ans),;
}

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