题意:

  给一个n*m的矩阵,每个格子中有'P'或者'H',分别表示平地和高原,平地可以摆放大炮,而大炮的攻击范围在4个方向都是2格(除了自身位置),攻击范围内不能有其他炮,问最多能放多少个炮?(n<=100,m<=10)

思路:

  明显需要记录到最顶上的2格,所以一共需要记录2*m个格子有没有放炮,2*m<=20,这个数字还是很大的。但是由于炮的攻击范围比较大,所以能放得下的炮比较少,也就意味着状态比较少,那么只要不用枚举[0,1<<2*m)这么大的范围都是可以解决的。即使n=100且m=10,状态数仍然很小。弄个哈希模板就解决了。

 //#include <bits/stdc++.h>
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <map>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <iostream>
#define pii pair<int,int>
#define INF 0x7f3f3f3f
#define LL long long
#define ULL unsigned long long
using namespace std;
const double PI = acos(-1.0);
const int N=; struct Hash_Map{
static const int mod=; //根据状态数设计的哈希函数
static const int N=; //状态数
int head[mod]; //桶指针
int next[N]; //记录链的信息
int status[N]; //状态
int value[N]; //状态对应的DP值。
int size; //状态数
void clear(){ //每次调用都要清除哈希表中的状态
memset(head, -, sizeof(head));
size = ;
}
void insert(int st, int val){ //插入状态st的值为val
int h = st%mod;
for(int i=head[h]; i!=-; i=next[i]){
if(status[i] == st){ //这个状态已经存在,累加进去。
value[i] = max(value[i], val);
return ;
}
}
status[size]=st; value[size]=val;//找不到状态st,则插入st。
next[size]=head[h]; head[h]=size++; //新插入的元素在队头
}
}hashmap[]; char g[N][]; int cal(int n,int m)
{
int cur=, mod=<<*m-;
hashmap[].clear();
hashmap[].insert(,);
for(int i=; i<=n; i++)
{
for(int j=; j<=m; j++)
{
cur^=;
hashmap[cur].clear();
for(int k=; k<hashmap[cur^].size; k++)
{
int s=hashmap[cur^].status[k];
int v=hashmap[cur^].value[k];
int t=(s&(mod-))<<;
//cout<<"123"<<endl;
if(g[i][j]=='P') //可以放炮
{
if(s&(<<*m-)) //上2
hashmap[cur].insert(t,v);
else if(s&(<<m-)) //上1
hashmap[cur].insert(t,v);
else if(j>&&s&) //左2
hashmap[cur].insert(t,v);
else if(j>&&s&) //左1
hashmap[cur].insert(t,v);
else //可防可不放
{
hashmap[cur].insert(t,v);
hashmap[cur].insert(t+,v+);
}
}
else hashmap[cur].insert(t,v);
}
}
}
int ans=-;
for(int i=; i<hashmap[cur].size; i++)
ans=max(ans,hashmap[cur].value[i]);
return ans;
} int main()
{
//freopen("input.txt","r",stdin);
int n, m;
while(~scanf("%d%d",&n,&m))
{
for(int i=; i<=n; i++) scanf("%s",g[i]+);
printf("%d\n",cal(n,m));
}
return ;
}

AC代码

POJ 1185 炮兵阵地 (状压DP,轮廓线DP)的更多相关文章

  1. POJ 1185 炮兵阵地 状压dp

    题目链接: http://poj.org/problem?id=1185 炮兵阵地 Time Limit: 2000MS Memory Limit: 65536K 问题描述 司令部的将军们打算在N*M ...

  2. [poj 1185] 炮兵阵地 状压dp 位运算

    Description 司令部的将军们打算在N*M的网格地图上部署他们的炮兵部队.一个N*M的地图由N行M列组成,地图的每一格可能是山地(用"H" 表示),也可能是平原(用&quo ...

  3. POJ 1185炮兵阵地 (状压DP)

    题目链接 POJ 1185 今天艾教留了一大堆线段树,表示做不动了,就补补前面的题.QAQ 这个题,我第一次写还是像前面HDU 2167那样写,发现这次影响第 i 行的还用i-2行那样,那以前的方法就 ...

  4. poj - 1185 炮兵阵地 状压DP 解题报告

    炮兵阵地 Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions: 21553   Accepted: 8363 Description ...

  5. POJ 1185 炮兵阵地 经典的 状态压缩dp

    炮兵阵地 Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions: 16619   Accepted: 6325 Description ...

  6. POJ1185 炮兵阵地 —— 状压DP

    题目链接:http://poj.org/problem?id=1185 炮兵阵地 Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions ...

  7. POJ 1185 炮兵阵地(状压DP)

    炮兵阵地 Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions: 26426   Accepted: 10185 Descriptio ...

  8. POJ 1185 - 炮兵阵地 & HDU 4539 - 郑厂长系列故事——排兵布阵 - [状压DP]

    印象中这道题好像我曾经肝过,但是没肝出来,现在肝出来了也挺开心的 题目链接:http://poj.org/problem?id=1185 Time Limit: 2000MS Memory Limit ...

  9. POJ 1185 炮兵阵地 【状压DP】

    <题目链接> 题目大意: 司令部的将军们打算在N*M的网格地图上部署他们的炮兵部队.一个N*M的地图由N行M列组成,地图的每一格可能是山地(用"H" 表示),也可能是平 ...

  10. POJ 1185 炮兵阵地 (状压DP)

    题目链接 题意 : 中文题不详述. 思路 :状压DP,1表示该位置放炮弹,0表示不放.dp[i][j][k],代表第 i 行的状态为k时第i-1行的状态为 j 时放置的最大炮弹数.只是注意判断的时候不 ...

随机推荐

  1. 条款32:确定你的public继承塑模出is-a的关系

    Make sure public inheritance models "is –a " 如果令clsss D 以public的形式继承class B,你便是告诉编译器说,每一个类 ...

  2. Beetl使用注意事项

    1.如果表达式跟定界符或者占位符有冲突,可以在用 “\” 符号 @for(user in users){ email is ${user.name}\@163.com @} ${[1,2,3]} // ...

  3. 在SQL中直接把查询结果转换为JSON数据

    下面这篇中,已经有准备一些数据: <MS SQL server对象类型type>https://www.cnblogs.com/insus/p/10903916.html 为前端服务,直接 ...

  4. 再论c#获取存储过程返回值(包括SqlSugar)

    其实这个问题好多年以前研究过: https://blog.csdn.net/xpnew/article/details/6909902 最近因为需要统计日结月结,给同事写了一套调用存储过程的代码.同时 ...

  5. JavaScript中两个数组的拼接

    方法一:使用for循环 var arr = ['tom', 'jerry']; var arr2 = [1, 2]; for(var i=0; i<arr2.length; i++){ arr. ...

  6. sessionStorage二种存值取值的方法

    //方法一 sessionStorage.setItem('id1','这是一个测试id1'); //存入一个值key:value console.log(sessionStorage.getItem ...

  7. uva1331 Minimax Triangulation

    题目大意: 按照顺时针或者逆时针的顺序给出多边的点,要将这个多边形分解成n-2个三角形,要求使得这些三角行中面积最大的三角形面积尽量小,求最小值. /* dp[i][j]表示从第i个点到第j个点,划分 ...

  8. IT兄弟连 JavaWeb教程 文件下载技术

    ●  列出提供下载的文件资源 我们要将Web应用系统中的文件资源提供给用户进行下载,首先我们要有一个页面列出上传文件目录下的所有文件,当用户点击文件下载超链接时就进行下载操作,编写一个ListFile ...

  9. 跟踪记录ABAP对外部系统的RFC通信

    对SAP系统而言,RFC最常见的系统间通信方式,SAP与SAP系统及SAP与非SAP系统之间的连接都可以使用它.它的使用便利,功能强大,在各种接口技术中,往往是最受(ABAP开发者)青睐的选择. 查询 ...

  10. Linux 中 ip netns 命令

    通过 ip netns help 可以查看所有关于ip netns的命令: network namespace 在逻辑上是网络堆栈的一个副本,它有自己的路由.防火墙规则和网络设备. ip netns ...