题目背景

NOIp1996提高组第三题

题目描述

在一个地图上有N个地窖(N<=20),每个地窖中埋有一定数量的地雷。同时,给出地窖之间的连接路径。当地窖及其连接的数据给出之后,某人可以从任一处开始挖地雷,然后可以沿着指出的连接往下挖(仅能选择一条路径),当无连接时挖地雷工作结束。设计一个挖地雷的方案,使某人能挖到最多的地雷。

输入输出格式

输入格式:
输入文件mine.in有若干行。 第1行只有一个数字,表示地窖的个数N。 第2行有N个数,分别表示每个地窖中的地雷个数。 第3行至第N+1行表示地窖之间的连接情况: 第3行有n-1个数(0或1),表示第一个地窖至第2个、第3个、…、第n个地窖有否路径连接。如第3行为1 1 0 0 0 … 0,则表示第1个地窖至第2个地窖有路径,至第3个地窖有路径,至第4个地窖、第5个、…、第n个地窖没有路径。 第4行有n-2个数,表示第二个地窖至第3个、第4个、…、第n个地窖有否路径连接。 … … 第n+1行有1个数,表示第n-1个地窖至第n个地窖有否路径连接。(为0表示没有路径,为1表示有路径)。 输出格式:
输出文件wdl.out有两行数据。 第一行表示挖得最多地雷时的挖地雷的顺序,各地窖序号间以一个空格分隔,不得有多余的空格。 第二行只有一个数,表示能挖到的最多地雷数。 输入输出样例 输入样例#1: 复制
5
10 8 4 7 6
1 1 1 0
0 0 0
1 1
1
输出样例#1: 复制
1 3 4 5
27

数据很小,可以用一用 生疏的 DFS做,也是很快的。

既然数据小,邻接矩阵完全可行。

答案输出就是一个链表。

//Writer:GhostCai && His Yellow Duck

#include<iostream>
using namespace std; const int MAXN=25; int link[MAXN][MAXN];
int w[MAXN];
int n; int son[MAXN];
int dfs(int id){
int ans=0,ansid=id,tmp;
for(int i=1;i<=n;i++){
if(link[id][i]&&i>id){
tmp=dfs(i);
if(tmp>ans){
ans=tmp;
ansid=i;
son[id]=i;
}
}
}
return ans+w[id];
} int main(){
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>w[i];
for(int i=1;i<n;i++){
for(int j=i+1;j<=n;j++){
cin>>link[i][j];
}
}
int ans=0,ansid;
for(int i=1;i<=n;i++){
int tmp=dfs(i);
if(tmp>ans){
ans=tmp;
ansid=i;
}
}
while(ansid){
cout<<ansid<<" ";
ansid=son[ansid];
}
cout<<endl<<ans<<endl; }

正解当然是DP,就是一个DAG

注意每步比上步序号大。

//Writer:GhostCai && His Yellow Duck

#include<iostream>
using namespace std; const int MAXN=25; int link[MAXN][MAXN];
int f[MAXN];
int w[MAXN];
int n; int son[MAXN];
int dfs(int id){
int ans=0,ansid=id,tmp;
for(int i=1;i<=n;i++){
if(link[id][i]&&i>id){
tmp=dfs(i);
if(tmp>ans){
ans=tmp;
ansid=i;
son[id]=i;
}
}
}
return ans+w[id];
} int main(){
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>w[i],f[i]=w[i];
for(int i=1;i<n;i++){
for(int j=i+1;j<=n;j++){
cin>>link[i][j];
}
}
for(int i=n;i>=1;i--){
for(int j=i+1;j<=n;j++){
if(link[i][j]&&f[j]+w[i]>f[i]){
f[i]=f[j]+w[i];//!!w[j]
son[i]=j;
}
}
}
int ans=0,ansid;
for(int i=1;i<=n;i++){
if(f[i]>ans){
ans=f[i];
ansid=i;
}
}
while(ansid){
cout<<ansid<<" ";
ansid=son[ansid];
}
cout<<endl<<ans<<endl; }

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