陌上花开

HYSBZ - 3262

有n朵花,每朵花有三个属性:花形(s)、颜色(c)、气味(m),用三个整数表示。

现在要对每朵花评级,一朵花的级别是它拥有的美丽能超过的花的数量。

定义一朵花A比另一朵花B要美丽,当且仅Sa>=Sb,Ca>=Cb,Ma>=Mb。

显然,两朵花可能有同样的属性。需要统计出评出每个等级的花的数量。

Input

第一行为N,K (1 <= N <= 100,000, 1 <= K <= 200,000 ), 分别表示花的数量和最大属性值。

以下N行,每行三个整数si, ci, mi (1 <= si, ci, mi <= K),表示第i朵花的属性

Output

包含N行,分别表示评级为0...N-1的每级花的数量。

Sample Input

10 3 3 3 3 2 3 3 2 3 1 3 1 1 3 1 2 1 3 1 1 1 2 1 2 2 1 3 2 1 2 1

Sample Output

3 1 3 0 1 0 1 0 0 1

Hint

思路:

CDQ分治解决三维偏序的模板题。

推荐去这里学习:https://oi-wiki.org/misc/cdq-divide/

我写了两个版本,分别是第二维sort和归并排序。

代码(sort版本):

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <vector>
#include <iomanip>
#define ALL(x) (x).begin(), (x).end()
#define sz(a) int(a.size())
#define rep(i,x,n) for(int i=x;i<n;i++)
#define repd(i,x,n) for(int i=x;i<=n;i++)
#define pii pair<int,int>
#define pll pair<long long ,long long>
#define gbtb ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0)
#define MS0(X) memset((X), 0, sizeof((X)))
#define MSC0(X) memset((X), '\0', sizeof((X)))
#define pb push_back
#define mp make_pair
#define fi first
#define se second
#define eps 1e-6
#define gg(x) getInt(&x)
#define chu(x) cout<<"["<<#x<<" "<<(x)<<"]"<<endl
#define du3(a,b,c) scanf("%d %d %d",&(a),&(b),&(c))
#define du2(a,b) scanf("%d %d",&(a),&(b))
#define du1(a) scanf("%d",&(a));
using namespace std;
typedef long long ll;
ll gcd(ll a, ll b) {return b ? gcd(b, a % b) : a;}
ll lcm(ll a, ll b) {return a / gcd(a, b) * b;}
ll powmod(ll a, ll b, ll MOD) {a %= MOD; if (a == 0ll) {return 0ll;} ll ans = 1; while (b) {if (b & 1) {ans = ans * a % MOD;} a = a * a % MOD; b >>= 1;} return ans;}
void Pv(const vector<int> &V) {int Len = sz(V); for (int i = 0; i < Len; ++i) {printf("%d", V[i] ); if (i != Len - 1) {printf(" ");} else {printf("\n");}}}
void Pvl(const vector<ll> &V) {int Len = sz(V); for (int i = 0; i < Len; ++i) {printf("%lld", V[i] ); if (i != Len - 1) {printf(" ");} else {printf("\n");}}} inline void getInt(int *p);
const int maxn = 1000010;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
/*** TEMPLATE CODE * * STARTS HERE ***/
struct node {
int x, y, z;
int cnt;
int ans;
} a[maxn];
node b[maxn];
int Ans[maxn];
bool cmpx(node aa, node bb)
{
if (aa.x != bb.x) {
return aa.x < bb.x;
} else if (aa.y != bb.y) {
return aa.y < bb.y;
} else {
return aa.z < bb.z;
}
}
bool cmpy(node aa, node bb)
{
if (aa.y != bb.y) {
return aa.y < bb.y;
} else {
return aa.z < bb.z;
}
}
int n, k;
int tree[maxn];
int lowbit(int x)
{
return -x & x;
}
void add(int x, int v)
{
while (x < maxn) {
tree[x] += v;
x += lowbit(x);
}
}
int ask(int x)
{
int res = 0;
while (x) {
res += tree[x];
x -= lowbit(x);
}
return res;
}
void CDQ(int l, int r)
{
if (l == r) {
return ;
}
int mid = (l + r) >> 1;
CDQ(l, mid);
CDQ(mid + 1, r);
// 排序第二维度
sort(b + l, b + mid + 1, cmpy);
sort(b + mid + 1, b + r + 1, cmpy);
int pl = l;
int pr = mid + 1; while (pr <= r) {
while (pl <= mid && b[pl].y <= b[pr].y) {
add(b[pl].z, b[pl].cnt);// 第三维度加入到树桩数组中
pl++;
}
b[pr].ans += ask(b[pr].z);// 树桩数组求前缀和的形式来求也满足第三维的偏序个数
pr++;
}
repd(i, l, pl - 1) {
add(b[i].z, -b[i].cnt);// 清空树桩数组。
}
}
int main()
{
//freopen("D:\\code\\text\\input.txt","r",stdin);
//freopen("D:\\code\\text\\output.txt","w",stdout);
du2(n, k);
repd(i, 1, n) {
du3(a[i].x, a[i].y, a[i].z);
}
int m = 0;
int cnt = 0;
sort(a + 1, a + 1 + n, cmpx);// 排序第一维度
repd(i, 1, n) {
cnt++;
// 把三个维度都相同的缩在一起
if (a[i].x != a[i + 1].x || a[i].y != a[i + 1].y || a[i].z != a[i + 1].z) {
b[++m] = a[i];
b[m].cnt = cnt;
cnt = 0;
}
}
CDQ(1, m);
repd(i, 1, m) {
Ans[b[i].ans + b[i].cnt - 1] += b[i].cnt;
}
repd(i, 0, n - 1) {
printf("%d\n", Ans[i] );
}
return 0;
} inline void getInt(int *p)
{
char ch;
do {
ch = getchar();
} while (ch == ' ' || ch == '\n');
if (ch == '-') {
*p = -(getchar() - '0');
while ((ch = getchar()) >= '0' && ch <= '9') {
*p = *p * 10 - ch + '0';
}
} else {
*p = ch - '0';
while ((ch = getchar()) >= '0' && ch <= '9') {
*p = *p * 10 + ch - '0';
}
}
}
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <stack>
#include <map>
#include <set>
#include <vector>
#include <iomanip>
#define ALL(x) (x).begin(), (x).end()
#define sz(a) int(a.size())
#define rep(i,x,n) for(int i=x;i<n;i++)
#define repd(i,x,n) for(int i=x;i<=n;i++)
#define pii pair<int,int>
#define pll pair<long long ,long long>
#define gbtb ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0)
#define MS0(X) memset((X), 0, sizeof((X)))
#define MSC0(X) memset((X), '\0', sizeof((X)))
#define pb push_back
#define mp make_pair
#define fi first
#define se second
#define eps 1e-6
#define gg(x) getInt(&x)
#define chu(x) cout<<"["<<#x<<" "<<(x)<<"]"<<endl
#define du3(a,b,c) scanf("%d %d %d",&(a),&(b),&(c))
#define du2(a,b) scanf("%d %d",&(a),&(b))
#define du1(a) scanf("%d",&(a));
using namespace std;
typedef long long ll;
ll gcd(ll a, ll b) {return b ? gcd(b, a % b) : a;}
ll lcm(ll a, ll b) {return a / gcd(a, b) * b;}
ll powmod(ll a, ll b, ll MOD) {a %= MOD; if (a == 0ll) {return 0ll;} ll ans = 1; while (b) {if (b & 1) {ans = ans * a % MOD;} a = a * a % MOD; b >>= 1;} return ans;}
void Pv(const vector<int> &V) {int Len = sz(V); for (int i = 0; i < Len; ++i) {printf("%d", V[i] ); if (i != Len - 1) {printf(" ");} else {printf("\n");}}}
void Pvl(const vector<ll> &V) {int Len = sz(V); for (int i = 0; i < Len; ++i) {printf("%lld", V[i] ); if (i != Len - 1) {printf(" ");} else {printf("\n");}}} inline void getInt(int *p);
const int maxn = 1000010;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
/*** TEMPLATE CODE * * STARTS HERE ***/
struct node {
int x, y, z;
int cnt;
int ans;
} a[maxn];
node b[maxn];
node c[maxn];
int Ans[maxn];
bool cmpx(node aa, node bb)
{
if (aa.x != bb.x) {
return aa.x < bb.x;
} else if (aa.y != bb.y) {
return aa.y < bb.y;
} else {
return aa.z < bb.z;
}
}
bool cmpy(node aa, node bb)
{
if (aa.y != bb.y) {
return aa.y < bb.y;
} else {
return aa.z < bb.z;
}
}
int n, k;
int tree[maxn];
int lowbit(int x)
{
return -x & x;
}
void add(int x, int v)
{
while (x < maxn) {
tree[x] += v;
x += lowbit(x);
}
}
int ask(int x)
{
int res = 0;
while (x) {
res += tree[x];
x -= lowbit(x);
}
return res;
}
void CDQ(int l, int r)
{
if (l == r) {
return ;
}
int mid = (l + r) >> 1;
CDQ(l, mid);
CDQ(mid + 1, r); int ql = l;
int qr = mid + 1;
repd(i, l, r) {
if (qr > r || (ql <= mid && b[ql].y <= b[qr].y)) {
add(b[ql].z, b[ql].cnt);
c[i] = b[ql++];
} else {
b[qr].ans += ask(b[qr].z);
c[i] = b[qr++];
}
}
ql = l;
qr = mid + 1;
repd(i, l, r) {
if (qr > r || (ql <= mid && b[ql].y <= b[qr].y)) {
add(b[ql].z, -b[ql].cnt);
ql++;
} else {
qr++;
}
}
repd(i, l, r) {
b[i] = c[i];
} }
int main()
{
//freopen("D:\\code\\text\\input.txt","r",stdin);
//freopen("D:\\code\\text\\output.txt","w",stdout);
du2(n, k);
repd(i, 1, n) {
du3(a[i].x, a[i].y, a[i].z);
}
int m = 0;
int cnt = 0;
sort(a + 1, a + 1 + n, cmpx);// 排序第一维度
repd(i, 1, n) {
cnt++;
// 把三个维度都相同的缩在一起
if (a[i].x != a[i + 1].x || a[i].y != a[i + 1].y || a[i].z != a[i + 1].z) {
b[++m] = a[i];
b[m].cnt = cnt;
cnt = 0;
}
}
CDQ(1, m);
repd(i, 1, m) {
Ans[b[i].ans + b[i].cnt - 1] += b[i].cnt;
}
repd(i, 0, n - 1) {
printf("%d\n", Ans[i] );
}
return 0;
} inline void getInt(int *p)
{
char ch;
do {
ch = getchar();
} while (ch == ' ' || ch == '\n');
if (ch == '-') {
*p = -(getchar() - '0');
while ((ch = getchar()) >= '0' && ch <= '9') {
*p = *p * 10 - ch + '0';
}
} else {
*p = ch - '0';
while ((ch = getchar()) >= '0' && ch <= '9') {
*p = *p * 10 + ch - '0';
}
}
}

陌上花开 HYSBZ - 3262 (CDQ分治)的更多相关文章

  1. Luogu 3810 & BZOJ 3262 陌上花开/三维偏序 | CDQ分治

    Luogu 3810 & BZOJ 3263 陌上花开/三维偏序 | CDQ分治 题面 \(n\)个元素,每个元素有三个值:\(a_i\), \(b_i\) 和 \(c_i\).定义一个元素的 ...

  2. BZOJ3262 陌上花开 —— 三维偏序 CDQ分治

    题目链接:https://vjudge.net/problem/HYSBZ-3262 3262: 陌上花开 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit ...

  3. bzoj3262: 陌上花开 三维偏序cdq分治

    三维偏序裸题,cdq分治时,左侧的x一定比右侧x小,然后分别按y排序,对于左侧元素按y大小把z依次插入到树状数组里,其中维护每个左侧元素对右侧元素的贡献,在bit查询即可 /************* ...

  4. P3810 【模板】三维偏序(陌上花开)(cdq分治)

    思路 看到这种偏序类的题目,而且不要求强制在线,可以立刻想到cdq分治 注意这题有一个问题,就是询问的是小于等于而不是小于,如果相等的话两个元素会相互贡献,而cdq的特点是右区间不能对左边有影响,所以 ...

  5. BZOJ 3262 cdq分治 OR 树套树

    注意判断 三个条件都一样的-- (CDQ分治 其实并不是很难理解 只是想不到--) CDQ分治: //By SiriusRen #include <cstdio> #include < ...

  6. Luogu P3810 【模板】三维偏序(陌上花开)(CDQ分治)

    题目 以三维偏序为例来讲一下CDQ分治. CDQ的本质就是把一个序列分成两段,计算左边对右边的贡献,然后分治. 不过一般都是先分治到底再从下往上算,这样可以先归并再算. 比如这道题,我们先按第一维排序 ...

  7. Day6 - K - 陌上花开 HYSBZ - 3262

    有n朵花,每朵花有三个属性:花形(s).颜色(c).气味(m),用三个整数表示. 现在要对每朵花评级,一朵花的级别是它拥有的美丽能超过的花的数量. 定义一朵花A比另一朵花B要美丽,当且仅Sa>= ...

  8. 【BZOJ 3262】 3262: 陌上花开 (CDQ分治)

    3262: 陌上花开 Description 有n朵花,每朵花有三个属性:花形(s).颜色(c).气味(m),又三个整数表示.现要对每朵花评级,一朵花的级别是它拥有的美丽能超过的花的数量.定义一朵花A ...

  9. bzoj 3262 陌上花开 - CDQ分治 - 树状数组

    Description 有n朵花,每朵花有三个属性:花形(s).颜色(c).气味(m),又三个整数表示.现要对每朵花评级,一朵花的级别是它拥有的美丽能超过的花的数量.定义一朵花A比另一朵花B要美丽,当 ...

随机推荐

  1. Linux安装sdkman

    项目使用java的开发者一定会为新配环境变量而头大,sdkman很好的解决了系统sdk管理的痛点,仅需简单的几行命令就可以完成sdk的安装,更改默认版本.再也不用担心环境变量的问题. 安装 既然是命令 ...

  2. 【React】- 1、React介绍

    React的开发背景 构建数据不断变化的大型应用 大量DOM操作   <----   自动DOM操作 数据变化 逻辑及其复杂   <----   状态对应内容(自动变化) 特点: - 简单 ...

  3. 【miscellaneous】海康相机RTSP连接代码分析

    海康相机RTSP连接代码分析 最近在做海康相机rtsp连接获取音视频的工作,现在介绍一下分析过程和源码. [源码在我上传的共享资料中: http://download.csdn.net/detail/ ...

  4. 【并行计算-CUDA开发】CUDA并行存储模型

    CUDA并行存储模型 CUDA将CPU作为主机(Host),GPU作为设备(Device).一个系统中可以有一个主机和多个设备.CPU负责逻辑性强的事务处理和串行计算,GPU专注于执行高度线程化的并行 ...

  5. 用maven建立一个工程

    建立java工程 mvn archetype:generate -DgroupId=cn.maxhou.demo -DartifactId=myapp -DarchetypeArtifactId=ma ...

  6. SpringBoot项目在IDEA中以jar方式部署

    1.在pom.xml下添加如下插件 这个插件可以在项目打包成jar包后,通过java -jar运行 <build> <plugins> <plugin> <g ...

  7. vim中ctrl+z,jobs,fg命令用法

    例如:vi test.cctrl + z 将vi 打开的test.c停止并转到后台又打开一个vi buf.cctrl + z 将vi 打开的buf.c停止并转到后台此时通过jobs可以看到任务列表通过 ...

  8. PAT A1042 Shuffling Machine

    自己思路,没通过 #include <cstdio> #define N 54 int main() { #ifdef ONLINE_JUDGE #else freopen("1 ...

  9. import xxx和from xxx import xx中修改被导入模块里面的变量的坑

    现在有如下几个模块: A.py 功能:定义全局变量,供其他模块使用 name = "张三" lists = [1, 2, 3, 4, 5] B.py 功能:打印A.py中的变量 f ...

  10. Java 反射理解(二)-- 动态加载类

    Java 反射理解(二)-- 动态加载类 概念 在获得类类型中,有一种方法是 Class.forName("类的全称"),有以下要点: 不仅表示了类的类类型,还代表了动态加载类 编 ...