题目链接:https://codeforc.es/contest/1076

A. Minimizing the String

题意:给出一个字符串,最多删掉一个字母,输出操作后字典序最小的字符串。

题解:若存在一个位置 i 满足 a[i] > a[i+1],若不删除 a[i] 则后续操作不可能更优。

 #include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define mst(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define pi acos(-1)
#define pii pair<int,int>
#define pb push_back
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const double eps = 1e-;
const int MAXN = 2e5 + ;
const int MAXM = 2e5 + ;
const ll mod = 1e9 + ; char s[MAXN]; int main() {
#ifdef local
freopen("data.txt", "r", stdin);
// freopen("data.txt", "w", stdout);
#endif
int n;
scanf("%d%s",&n,s);
int pos = n - ;
for(int i = ; i < n - ; i++) {
if(s[i] > s[i + ]) {
pos = i;
break;
}
}
for(int i = ; i < n; i++)
if(i != pos) printf("%c",s[i]);
return ;
}

B. Divisor Subtraction

题意:对于一个 n,每次减去它的最小质因子直到为 0,求操作次数。

题解:n <= 1e10,所以先筛出 1e5 以内的质因子,然后暴力找最小质因子,当最小质因子为 2 的时候,已经不存在更小的质因子,直接跳出循环即可。

 #include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define mst(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define pi acos(-1)
#define pii pair<int,int>
#define pb push_back
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const double eps = 1e-;
const int MAXN = 2e5 + ;
const int MAXM = 2e5 + ;
const ll mod = 1e9 + ; bool check[MAXN];
int prime[MAXN];
int tot; void init() {
mst(check, false);
tot = ;
for(int i = ; i <= 1e5; i++) {
if(!check[i]) prime[tot++] = i;
for(int j = ; j < tot; j++) {
if(i * prime[j] > 1e5) break;
check[i * prime[j]] = true;
if(i % prime[j] == ) break;
}
}
} int main() {
#ifdef local
freopen("data.txt", "r", stdin);
// freopen("data.txt", "w", stdout);
#endif
init();
ll n;
scanf("%lld",&n);
ll ans = ;
while(n) {
bool flag = false;
for(int i = ; i < tot && n >= prime[i]; i++) {
if(n % prime[i] == ) {
if(prime[i] == ) {
flag = true;
ans += n / ;
n = ;
break;
}
n -= prime[i];
ans++;
flag = true;
break;
}
}
if(!flag) {
ans++;
break;
}
}
printf("%lld\n",ans);
return ;
}

C. Meme Problem

题意:给出一个 d,求是否存在 a + b = d 且 ab = d。

题解:解一元二次方程,判一下无解的条件即可。

 #include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define mst(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define pi acos(-1)
#define pii pair<int,int>
#define pb push_back
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const double eps = 1e-;
const int MAXN = 2e5 + ;
const int MAXM = 2e5 + ;
const ll mod = 1e9 + ; int main() {
#ifdef local
freopen("data.txt", "r", stdin);
// freopen("data.txt", "w", stdout);
#endif
int t;
cin >> t;
while(t--) {
int d;
cin >> d;
if(d < && d != ) {
cout << "N" << endl;
continue;
}
cout << "Y ";
long double a = sqrt(((long double)d * d - 4.0 * (long double)d) / 4.0) + (long double)d / 2.0;
long double b = (long double)d - a;
cout << fixed << setprecision() << a << ' ';
cout << fixed << setprecision() << b << endl;
}
return ;
}

D. Edge Deletion

题意:给出一个 n 个点 m 条边的图,问最多保留 k 条边的情况下,起点 1 到每个点的最短路不变的最多有多少个,输出保留的边。

题解:先对起点 1 跑一遍 dij,因为 n - 1 条边可以构成图的最短路,每条边产生对一个点的最短路,故跑 dij 时记录一下走当前这个点的边,跑 dfs 按顺序输出结果即可。

 #include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define mst(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define pi acos(-1)
#define pii pair<int,int>
#define pb push_back
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const double eps = 1e-;
const int MAXN = 3e5 + ;
const int MAXM = 2e5 + ;
const ll mod = 1e9 + ; struct edge {
int v,w,id;
}; vector<edge>g[MAXN];
bool vis[MAXN];
ll dis[MAXN];
vector<int>ans;
pii add[MAXN]; void dij(int s, int n) {
ll inf2 = 1e16;
for(int i = ; i <= n; ++i)
dis[i] = inf2, vis[i] = ;
dis[s] = ;
priority_queue<pair<ll, int> >q;
q.push(mp(, s));
for(; !q.empty();) {
int u = q.top().second;
q.pop();
if(vis[u]) continue;
vis[u] = ;
for(int j = , sz = g[u].size(); j < sz; ++j) {
int v = g[u][j].v;
int w = g[u][j].w;
int id = g[u][j].id;
if(dis[v] > dis[u] + w) {
add[v] = mp(u,id);
dis[v] = dis[u] + w;
q.push(mp(-dis[v], v));
}
}
}
} vector<pii>vec[MAXN];
int tot; void dfs(int u) {
vis[u] = true;
for(int i = ; i < vec[u].size() && tot; i++) {
int v = vec[u][i].first, id = vec[u][i].second;
if(vis[v]) continue;
printf("%d ",id);
tot--;
dfs(v);
}
} int main() {
#ifdef local
freopen("data.txt", "r", stdin);
// freopen("data.txt", "w", stdout);
#endif
int n,m,k;
scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
for(int i = ; i <= m; i++) {
int u,v,w;
scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
g[u].pb({v,w,i});
g[v].pb({u,w,i});
}
dij(,n);
for(int i = ; i <= n; i++) {
vec[i].push_back(mp(add[i].first,add[i].second));
vec[add[i].first].push_back(mp(i,add[i].second));
}
tot = min(n - ,k);
printf("%d\n",min(n - ,k));
mst(vis, false);
dfs();
return ;
}

E. Vasya and a Tree

题意:有一棵 n 个点的树,有 m 次操作(v,d,x),每次将以 v 为根且距离 v <= d 的点加上权值 x(初始权值为0),输出最后每个点的权值。

题解:考虑离线操作,把每个点作为根的操作存起来,dfs 记录当前深度所增加的权值,对于不可到达的深度,用一个数组来记录要减去的值,差分的思想,详见代码~

 #include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define mst(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define pi acos(-1)
#define pii pair<int,int>
#define pb push_back
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const double eps = 1e-;
const int MAXN = 3e5 + ;
const int MAXM = 2e5 + ;
const ll mod = 1e9 + ; vector<int>vec[MAXN];
vector<pii>q[MAXN]; int h = -;
ll ans[MAXN],dep[MAXN],now = ; void dfs(int u,int fa) {
h++;
now += dep[h];
for(int i = ; i < q[u].size(); i++) {
int d = q[u][i].first, x = q[u][i].second;
now += x;
if(h + d + < MAXN) dep[h + d + ] -= x;
}
// cout << u << " " << fa << ":" << now << endl;
ans[u] += now;
for(int i = ; i < vec[u].size(); i++) {
int v = vec[u][i];
if(v == fa) continue;
dfs(v,u);
}
for(int i = ; i < q[u].size(); i++) {
int d = q[u][i].first, x = q[u][i].second;
now -= x;
if(h + d + < MAXN) dep[h + d + ] += x;
}
now -= dep[h];
h--;
} int main() {
#ifdef local
freopen("data.txt", "r", stdin);
// freopen("data.txt", "w", stdout);
#endif
int n;
scanf("%d",&n);
for(int i = ; i < n; i++) {
int u,v;
scanf("%d%d",&u,&v);
vec[u].push_back(v);
vec[v].push_back(u);
}
int m;
scanf("%d",&m);
while(m--) {
int v,d,x;
scanf("%d%d%d",&v,&d,&x);
q[v].push_back(mp(d,x));
}
dfs(,);
for(int i = ; i <= n; i++)
printf("%lld ",ans[i]);
return ;
}

F. Summer Practice Report

题意:一本书有 n 页,每页有 xi 个 0 和 yi 个 1,问存不存在每页的数字构成一个序列,连起来之后最多连续的 0 和 1 不超过 k。

题解:记录每一页组成序列之后,连续 1 和连续 0 的最小值,转移即可。因为一页中连续的 1 最多 k 个,所以可容纳的 0 的个数为 pre0 + k * x,记录这个数是否大于 0 即可判断是否合法,1 也同理。

 #include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
#define ull unsigned long long
#define mst(a,b) memset((a),(b),sizeof(a))
#define mp(a,b) make_pair(a,b)
#define pi acos(-1)
#define pii pair<int,int>
#define pb push_back
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const double eps = 1e-;
const int MAXN = 3e5 + ;
const int MAXM = 2e5 + ;
const ll mod = 1e9 + ; ll x[MAXN],y[MAXN]; int main() {
#ifdef local
freopen("data.txt", "r", stdin);
// freopen("data.txt", "w", stdout);
#endif
int n;
ll k;
scanf("%d%lld",&n,&k);
for(int i = ; i <= n; i++) scanf("%lld",&x[i]);
for(int i = ; i <= n; i++) scanf("%lld",&y[i]);
ll nowx = -k, nowy = -k;
for(int i = ; i <= n; i++) {
nowx += x[i] - y[i] * k;
nowy += y[i] - x[i] * k;
if(nowx < -k) nowx = -k;
if(nowy < -k) nowy = -k;
if(nowx > || nowy > ) {
puts("NO");
return ;
}
}
puts("YES");
return ;
}

G. Array Game(待补)

题意:

题解:

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