因为最近测试遇到了分层图的题目,所以稍微学了一下==。


这种题目一般是来解决最短路边权有变化/有k条免费路的问题的。他们基本都一般有两种实现方式:dp+最短路/分层图+最短路

当然你如果非要说他们是一样的我也没Fa♂反驳qwq


一、dp+最短路(以dij为例)

我们一般的球最短路都是在一维上进行的。设$dis[k]$为从起点到$k$的最短路。但是如果多了条件,比如有$k$条道路可以选择边权变化,那么就可以使用这种方法。

P4822 [BJWC2012]冻结 这道题为例,它给出的条件是有$k$条路可以把原来的边权变为一半,那么我们就可以设$dis[k][h]$为到达$k$点,已经在$h$条路上把原来的边权变为一半的最短路。这是不是很像dp的状态的呀?是不是呀?

那么在我们平时松弛的时候,就可以看做dp的转移了。这里有两种:使用“改边卡”和不使用“改边卡”。

其他就与普通dij无异了。

当然最后的答案需要在使用0~k张改边卡间取最小值。

#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<queue>
#include<cstring> using namespace std; int n,m,k,tot,ans=;
int head[],dis[][],vis[][];
struct node{
int to,next,val;
}edge[];
struct cellur{
int dis,p,cnt;
}; bool operator < (const cellur &a,const cellur &b)
{
return a.dis>b.dis;
} void add(int x,int y,int z)
{
edge[++tot].to=y;
edge[tot].next=head[x];
head[x]=tot;
edge[tot].val=z;
} void dijkstra()
{
memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
priority_queue<cellur>q;
dis[][]=;q.push((cellur){,,});
while(!q.empty())
{
int u=q.top().p;
int num=q.top().cnt;q.pop();
if(vis[u][num]) continue;
vis[u][num]=;
for(int i=head[u];i;i=edge[i].next)
{
int v=edge[i].to;
if(num<k&&dis[v][num+]>dis[u][num]+edge[i].val/)
{
dis[v][num+]=dis[u][num]+edge[i].val/;
q.push((cellur){dis[v][num+],v,num+});
}
if(dis[v][num]>dis[u][num]+edge[i].val)
{
dis[v][num]=dis[u][num]+edge[i].val;
q.push((cellur){dis[v][num],v,num});
}
}
}
} int main()
{
scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
for(int i=;i<=m;i++)
{
int x=,y=,z=;
scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
add(x,y,z),add(y,x,z);
}
dijkstra();
for(int i=;i<=k;i++)
ans=min(ans,dis[n][i]);
printf("%d",ans);
return ;
}

P4568 [JLOI2011]飞行路线 这是一个同样的题目==。

 #include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<queue> using namespace std; int n,m,k,s,t,tot,ans=;
int head[];
int dis[][];
bool vis[][];
struct node{
int to,next,val;
}edge[];
struct cellur{
int dis,p,cnt;
};
bool operator < (const cellur &a,const cellur &b)
{
return a.dis>b.dis;
} void add(int x,int y,int z)
{
edge[++tot].to=y;
edge[tot].next=head[x];
head[x]=tot;
edge[tot].val=z;
} void dijkstra()
{
memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
priority_queue<cellur>q;
dis[s][]=;
q.push((cellur){,s,});
while(!q.empty())
{
int u=q.top().p;
int num=q.top().cnt;q.pop();
if(vis[u][num]) continue;
vis[u][num]=;
for(int i=head[u];i;i=edge[i].next)
{
int v=edge[i].to;
if(num<k&&dis[v][num+]>dis[u][num])
{
dis[v][num+]=dis[u][num];
q.push((cellur){dis[v][num+],v,num+});
}
if(dis[v][num]>dis[u][num]+edge[i].val)
{
dis[v][num]=dis[u][num]+edge[i].val;
q.push((cellur){dis[v][num],v,num});
}
}
}
} int main()
{
scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
scanf("%d%d",&s,&t);s++;t++;
for(int i=;i<=m;i++)
{
int x=,y=,z=;
scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
x++;y++;
add(x,y,z);add(y,x,z);
}
dijkstra();
for(int i=;i<=k;i++)
ans=min(ans,dis[t][i]);
printf("%d",ans);
return ;
}

二、分层图最短路

这 是什么?其实给他总结成一句话:就是拆点。

我们知道dp是遍历所有的状态的,那么如果我们在开始建边的时候就考虑将所有的状态都连上边,那么之后跑裸的最短路就行了。

如何建边?我们以P2939 [USACO09FEB]改造路Revamping Trails 这道题为例。(其实这三道题基本一样,只是这道题用拆点方法写了)

题目也是要求我们有$k$条边可以把它的边权变为0。那么我们可以把每个点拆成$k+1$个点,从0到$k$,第$i$个表示到这里要用$i$次改边卡。

可以参考这段代码感性理解下。

    for(int i=;i<=m;i++)
{
int x=,y=,z=;
scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
for(int j=;j<=k;j++)
{
add(x+j*n,y+j*n,z);add(y+j*n,x+j*n,z);//同层之间正常连边
if(j!=k)
add(x+j*n,y+(j+)*n,),add(y+j*n,x+(j+)*n,);//边权有变化了
}
}

之后跑一遍裸的dij后,我们同理在终点的所有可能状态中遍历取最小值。

    for(int i=;i<=k;i++)
ans=min(ans,dis[n+i*n]);

个人认为这种方法的缺点是很难控制空间的开销。因为点数增加了$k+1$倍,边数也增加了很多倍。容易出现RE/MLE的情况。

#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<queue> using namespace std; int n,m,k,tot,ans=;
int head[],dis[],vis[];
struct node{
int to,next,val;
}edge[]; void add(int x,int y,int z)
{
edge[++tot].to=y;
edge[tot].next=head[x];
head[x]=tot;
edge[tot].val=z;
} void dijkstra()
{
priority_queue<pair<int,int> >q;
memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
dis[]=;q.push(make_pair(,));
while(!q.empty())
{
int u=q.top().second;q.pop();
if(vis[u]) continue;
vis[u]=;
for(int i=head[u];i;i=edge[i].next)
{
int v=edge[i].to;
if(dis[v]>dis[u]+edge[i].val)
{
dis[v]=dis[u]+edge[i].val;
q.push(make_pair(-dis[v],v));
}
}
}
} int main()
{
scanf("%d%d%d",&n,&m,&k);
for(int i=;i<=m;i++)
{
int x=,y=,z=;
scanf("%d%d%d",&x,&y,&z);
for(int j=;j<=k;j++)
{
add(x+j*n,y+j*n,z);add(y+j*n,x+j*n,z);
if(j!=k)
add(x+j*n,y+(j+)*n,),add(y+j*n,x+(j+)*n,);
}
}
dijkstra();
for(int i=;i<=k;i++)
ans=min(ans,dis[n+i*n]);
printf("%d",ans);
return ;
}

Over?

我们看一道不是那么套路的题吧!

给你一个无向图,求从1到n经过的边的边权绝对值之和最小的路径。而每经过一条边,这条边的边权就会改变。原边权为x,那么新边权就会变成1/1-x。

关于1/1-x这个式子,其实他是很有规律的,在进行三次迭代之后,它会回到原值。

举个栗子。设x=2,此函数为$f(x)$。那么

$f(1)=-1$

$f(-1)=1/2$

$f(1/2)=2$。是不是很神奇鸭?

那么我们可以仿照之前的方法,拆点。把一个点拆成三种状态,每个状态就是到它的那条边是它本身的第几种边权。

    for(int i=;i<=n;i++)
for(int j=;j<=;j++)
id[i][j]=++cnt;
for(int i=;i<=m;i++)
{
int x=,y=;
double z=;
scanf("%d%d%lf",&x,&y,&z);
add(id[x][],id[y][],z);add(id[y][],id[x][],z);
z=1.0/(-z);double tmp=fabs(z);
add(id[x][],id[y][],tmp);add(id[y][],id[x][],tmp);
z=1.0/(-z);tmp=fabs(z);
add(id[x][],id[y][],tmp);add(id[y][],id[x][],tmp);
}

然后再跑dij就行惹。

#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<queue>
#include<cstring>
#include<cmath>
#define maxn 100090
#define maxm 300090 using namespace std;
const int inf=0x3f3f3f3f; int n,m,tot,cnt;
int id[maxn][],head[maxn*];
bool vis[maxn*];
double ans,dis[maxn*];
struct node{
int to,next;
double val;
}edge[maxm*]; void add(int x,int y,double z)
{
edge[++tot].to=y;
edge[tot].next=head[x];
head[x]=tot;
edge[tot].val=z;
} void dijkstra()
{
priority_queue<pair<double,int> >q;
for(int i=;i<=cnt;i++) dis[i]=inf;
q.push(make_pair(,id[][]));
dis[id[][]]=;
while(!q.empty())
{
int x=q.top().second;q.pop();
if(vis[x]) continue;
vis[x]=;
for(int i=head[x];i;i=edge[i].next)
{
int y=edge[i].to;
if(dis[y]>dis[x]+edge[i].val)
{
dis[y]=dis[x]+edge[i].val;
q.push(make_pair(-dis[y],y));
}
}
}
} int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=;i<=n;i++)
for(int j=;j<=;j++)
id[i][j]=++cnt;
for(int i=;i<=m;i++)
{
int x=,y=;
double z=;
scanf("%d%d%lf",&x,&y,&z);
add(id[x][],id[y][],z);add(id[y][],id[x][],z);
z=1.0/(-z);double tmp=fabs(z);
add(id[x][],id[y][],tmp);add(id[y][],id[x][],tmp);
z=1.0/(-z);tmp=fabs(z);
add(id[x][],id[y][],tmp);add(id[y][],id[x][],tmp);
}
dijkstra();
ans=min(dis[id[n][]],min(dis[id[n][]],dis[id[n][]]));
printf("%.3lf\n",ans);
return ;
}

感觉这种题还是比较套路的,只要发现是分层图,建边或跑dp都不难想的qwq。还有更多拓展的题目,给自己再留下一个天坑。

(光速逃)

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