原先一直在做一道省赛题,由于题意错误理解成球最短路条数,误打误撞敲了最短路条数,又发现hdu3599(多校)求边不可重复最短路条数。下面说说俩种问题解法:

最短路条数:

求一个图一共一几条最短路径,思路:先从终点跑一边最短路,记录终点到到所有点最短距离(d【i】),然后从起点出发,dfs 按d[i]走(必是最短路径),一句话:我到终点的最短路条数=我的所有孩子到终点的最短路条数之和,这样只需一遍即可。这不知道是不是叫记忆化搜索?

边不可重复最短路径条数:(最短路+建新图之最大流)

hdu3599题意:求1-->n最短路条数,所有路径边不可重复。思路:边不可重复??!!转为流量的为1 的话,求最大流啊(以后切记该方法,不可重复问题转最大流)!于是:先跑一遍最短路(随便从起点还是终点),然后按老图中是最短路的边就在新图添加一条边,权为1,这样的话,从起点到终点跑最大流即为答案。

附代码:问题一:

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<queue>
using namespace std;
int n;
int e[100000][3];int head[2000];
int nume=0;
int d[2000];
const int inf =0x3f3f3f3f;
int vis[2000];
int inq[2000];
void adde(int a,int b,int w)
{
e[nume][0]=b;e[nume][1]=head[a];head[a]=nume;
e[nume++][2]=w;
e[nume][0]=a;e[nume][1]=head[b];head[b]=nume;
e[nume++][2]=w;
}
void spfa() //一遍求出终点到所有点的最短路长度d[i]。
{
queue<int>q;
int start;
start=n;
inq[start]=1;
q.push(start);
d[start]=0;
while(!q.empty())
{
int cur=q.front();
q.pop();
inq[cur]=0;
for(int i=head[cur];i!=-1;i=e[i][1])
{
int v=e[i][0];
if(d[cur]+e[i][2]<d[v])
{
d[v]=d[cur]+e[i][2];
if(!inq[v])
{
inq[v]=1;
q.push(v);
}
}
}
}
return ;
}
long long counted[2000]; //点i到终点有几条最短路
int nowd[2000]; //从原点出发当前所走的长度
long long dfs(int cur) //记忆化收索? 访问所有点一遍求出最短路条数,
{
if(cur==n)
return 1;
for(int i=head[cur];i!=-1;i=e[i][1])
{
int v=e[i][0];
if(nowd[cur]+e[i][2]+d[v]!=d[1]) //走这一步必需是最短的
continue;
if(!vis[v]) //没有走过
{
nowd[v]=nowd[cur]+e[i][2];
vis[v]=1;
counted[cur]+=dfs(v); //我所有孩子(是最短路径中)到目标的最短路之和为我到目标最短路
}
else
{
counted[cur]+=counted[v]; //该孩子最短路条数已经算出
}
}
return counted[cur];
}
int main()
{
int ta;
cin>>ta;
while(ta--)
{
scanf("%d",&n);
int aa,bb,cc;
for(int i=0;i<=n;i++)
{
head[i]=-1;
nowd[i]=d[i]=inf;
inq[i]=counted[i]=vis[i]=0;
}
nume=0;
while(~scanf("%d%d%d",&aa,&bb,&cc)&&(aa||bb||cc))
adde(aa,bb,cc);
spfa();
counted[n]=1;
nowd[1]=0;
vis[1]=1;
cout<<dfs(1)<<endl;
}
return 0;
}

问题2:

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<queue>
using namespace std;
int n;
int e[2260000][3];int head[1510];
int nume=0;
int d[1510];
const int inf =0x3f3f3f3f;
int inq[1510];
void adde(int a,int b,int w) //原图
{
e[nume][0]=b;e[nume][1]=head[a];head[a]=nume;
e[nume++][2]=w;
e[nume][0]=a;e[nume][1]=head[b];head[b]=nume;
e[nume++][2]=w;
}
int ee[2260000][3];int head2[1510]; //新图
void adde2(int a,int b)
{
ee[nume][0]=b;ee[nume][1]=head2[a];head2[a]=nume;
ee[nume++][2]=1;
ee[nume][0]=a;ee[nume][1]=head2[b];head2[b]=nume;
ee[nume++][2]=0;
}
void spfa() //求出终点到所有点的最短路长度d[i]。
{
queue<int>q;
int start;
start=n;
inq[start]=1;
q.push(start);
d[start]=0;
while(!q.empty())
{
int cur=q.front();
q.pop();
inq[cur]=0;
for(int i=head[cur];i!=-1;i=e[i][1])
{
int v=e[i][0];
if(d[cur]+e[i][2]<d[v])
{
d[v]=d[cur]+e[i][2];
if(!inq[v])
{
inq[v]=1;
q.push(v);
}
}
}
}
return ;
}
int vis[1510];int lev[1510];
int nowd[1510]; //从原点出发当前所走的长度
void dfs_getg(int cur) // 遍历一次老图获得新图
{
vis[cur]=1; //注意这里要标记访问,否则新图有重边!开始因为这个WA了好几遍!
if(cur==n)
return ;
for(int i=head[cur];i!=-1;i=e[i][1])
{
int v=e[i][0];
if(nowd[cur]+e[i][2]+d[v]!=d[1]) //走这一步必需是最短的
continue;
else //没有走过
{
nowd[v]=nowd[cur]+e[i][2];
adde2(cur,v);
if(!vis[v]) //这里在添加边之后方可进入,
dfs_getg(v);
}
}
return ;
} bool bfs() //dinic不解释
{
for(int i=0;i<=n;i++)
vis[i]=lev[i]=0;
queue<int>q;
q.push(1);
vis[1]=1;
while(!q.empty())
{
int cur=q.front();
q.pop();
for(int i=head2[cur];i!=-1;i=ee[i][1])
{
int v=ee[i][0];
if(!vis[v]&&ee[i][2]>0)
{
lev[v]=lev[cur]+1;
if(v==n) return 1;
vis[v]=1;
q.push(v);
}
}
}
return vis[n];
}
int dfs(int u,int minf)
{
if(u==n||minf==0)return minf;
int sumf=0,f;
for(int i=head2[u];i!=-1&&minf;i=ee[i][1])
{
int v=ee[i][0];
if(ee[i][2]>0&&lev[v]==lev[u]+1)
{
f=dfs(v,ee[i][2]<minf?ee[i][2]:minf);
ee[i][2]-=f;ee[i^1][2]+=f;
minf-=f;sumf+=f;
}
}
return sumf;
}
int dinic()
{
int sum=0;
while(bfs())
sum+=dfs(1,inf);
return sum;
}
int main()
{
int ta;
cin>>ta;
while(ta--)
{
scanf("%d",&n);
int aa,bb,cc;
for(int i=0;i<=n;i++)
{
head[i]=-1;
nowd[i]=d[i]=inf;
inq[i]=vis[i]=0;
}
nume=0;
while(~scanf("%d%d%d",&aa,&bb,&cc)&&(aa||bb||cc))
adde(aa,bb,cc);
if(n==1){cout<<0<<endl; continue;} // 1个点的时候要特判!!
spfa();
nume=0;
for(int i=0;i<=n;i++)
head2[i]=-1;
nowd[1]=0;
dfs_getg(1);
cout<<dinic()<<endl;
}
return 0;
}

附几组数据:

5

1 2 1

2 3 1

3 5 1

1 3 2

1 4 2

3 4 2

0 0 0

4

1 0 2

2 0 2

1 3 1

2 3 3

2 4 1

1 2 4

0 0 0

6

1 2 1

3 2 1

3 4 1

1 3 2

4 2 2

4 5 1

5 6 1

4 6 2

0 0 0

1

0 0 0

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