绝了场上居然没做这一题

题目大意:给你一个数$x=\Pi_{i=1}^{n}a_i!$。

你需要将x表示为$x=\Pi_{i=1}^{m}(c_i!)^{d_i}p$

满足$p$无法再分解,且$(c_1,d_1,c_2,d_2,...,c_m,d_m)$的字典序最大。

数据范围:$1≤n,a_i≤10^5$。

我们考虑预处理出$10^5$内的质数。

读入数列$a$后,我们对数列$a$进行一些处理。令$sum[i]$表示数列$a$中出现了多少个质因子$p[i]$,其中$p[i]$表示第i个质数。

然后,我们从大到小枚举$c_i$,然后再判断$d_i$是否可行。

这么搞复杂度貌似是$O(\dfrac{n^2}{\ln\ n})$的,然而实际上它跑得飞快?

 #include<bits/stdc++.h>
#define M 100010
#define L long long
using namespace std; int pri[M]={},las[M]={},id[M]={},use=;
void init(){
for(int i=;i<M;i++){
if(!las[i]) id[pri[++use]=i]=use,las[i]=;
for(int j=;j<=use&&i*pri[j]<M;j++){
las[i*pri[j]]=i;
if(i%pri[j]==) break;
}
}
} L a[M]={},sum[M]={},now[M]={};
int ansx[M]={},ansy[M]={},cnt=,top=;
bool cmp(){
for(int i=top;i;i--)
if(sum[i]<now[i]) return ;
return ;
} int main(){
init(); top=use;
int n; scanf("%d",&n);
for(int i=n,x;i;i--) scanf("%d",&x),a[x]++;
for(int i=M-;i;i--) a[i]+=a[i+];
for(int i=M-;i;i--){
for(int j=i;j>;j=las[j]){
int p=id[j/las[j]];
sum[p]+=a[i],now[p]++;
}
}
for(int i=M-;i>;i--){
if(cmp()){
L mns=M;
for(int j=top;j;j--) if(now[j]) mns=min(mns,sum[j]/now[j]);
for(int j=top;j;j--) sum[j]-=now[j]*mns;
cnt++; ansx[cnt]=i; ansy[cnt]=mns;
}
for(int j=i;j>;j=las[j]){
int p=id[j/las[j]];
now[p]--;
}
while(top&&now[top]==) top--;
}
printf("%d\n",cnt);
for(int i=;i<=cnt;i++) printf("%d %d\n",ansx[i],ansy[i]);
}

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