题解:

还是比较简单的

首先我们的思路是 确定起点 然后之后贪心的选择边(也就是越靠前越希望选)

我们发现我们只需要将起点从后向前枚举

然后用lct维护连通性

因为强制在线,所以用主席树记录状态就可以了

*数组开小查了很久

代码:

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define IL inline
#define rint register int
#define rep(i,h,t) for (rint i=h;i<=t;i++)
#define dep(i,t,h) for (rint i=t;i>=h;i--)
const int INF=1e9;
const int N=4e5+;
char ss[<<],*A=ss,*B=ss;
IL char gc()
{
return A==B&&(B=(A=ss)+fread(ss,,<<,stdin),A==B)?EOF:*A++;
}
template<class T> void read(T &x)
{
rint f=,c; while (c=gc(),c<||c>) if (c=='-') f=-; x=c^;
while (c=gc(),<c&&c<) x=(x<<)+(x<<)+(c^); x*=f;
}
int data[N],ls[N],rs[N],fa[N],v[N];
bool rev[N];
IL void updata(int x)
{
data[x]=min(min(data[ls[x]],data[rs[x]]),v[x]);
}
IL void down(int x)
{
if (!rev[x]) return;
rev[ls[x]]^=; rev[rs[x]]^=;
swap(ls[x],rs[x]);
rev[x]=;
}
IL bool pd(int x)
{
int fa1=fa[x];
if (ls[fa1]!=x&&rs[fa1]!=x) return();
else return();
}
void rotate(int x,int y)
{
int fa1=fa[x];
if (y==)
{
rs[fa1]=ls[x];
if (ls[x]) fa[ls[x]]=fa1;
} else
{
ls[fa1]=rs[x];
if (rs[x]) fa[rs[x]]=fa1;
}
fa[x]=fa[fa1];
if (pd(fa1))
{
if (ls[fa[fa1]]==fa1) ls[fa[fa1]]=x; else rs[fa[fa1]]=x;
}
fa[fa1]=x;
if (y==) ls[x]=fa1; else rs[x]=fa1;
updata(fa1); updata(x);
}
void dfs(int x)
{
if (pd(x)) dfs(fa[x]);
down(x);
}
void splay(int x)
{
dfs(x);
int fa1=fa[x];
while (pd(x))
{
if (!pd(fa1))
{
if (x==ls[fa1]) rotate(x,); else rotate(x,);
} else
if (ls[fa[fa1]]==fa1)
if (ls[fa1]==x)
rotate(fa1,),rotate(x,);
else
rotate(x,),rotate(x,);
else
if (rs[fa1]==x)
rotate(fa1,),rotate(x,);
else
rotate(x,),rotate(x,);
fa1=fa[x];
}
}
void access(int x)
{
for (int y=;x;y=x,x=fa[x])
{
splay(x); rs[x]=y; updata(x);
}
}
int fdr(int x)
{
access(x);
splay(x);
while (ls[x]) x=ls[x];
return(x);
}
void mkr(int x)
{
access(x);
splay(x);
rev[x]^=;
}
void split(int x,int y)
{
mkr(x);
access(y);
splay(y);
}
void link(int x,int y)
{
mkr(x);
access(y);
splay(y);
fa[x]=y;
}
void cut(int x,int y)
{
mkr(x);
access(y);
splay(y);
ls[y]=fa[x]=;
updata(y);
}
#define mid ((h+t)/2)
int root[N],jl1[N],jl2[N];
struct segtment{
int p[N*],ls[N*],rs[N*],cnt;
segtment() { cnt=; }
void updata(int x)
{
p[x]=p[ls[x]]+p[rs[x]];
}
void change(int last,int &x,int h,int t,int pos,int k)
{
x=++cnt; ls[x]=ls[last]; rs[x]=rs[last];
p[x]=p[last]+k;
if (h==t) return;
if (pos<=mid) change(ls[last],ls[x],h,mid,pos,k);
else change(rs[last],rs[x],mid+,t,pos,k);
updata(x);
}
int query(int x,int h,int t,int h1,int t1)
{
if (h1<=h&&t<=t1) return(p[x]);
int ans=;
if (h1<=mid) ans+=query(ls[x],h,mid,h1,t1);
if (mid<t1) ans+=query(rs[x],mid+,t,h1,t1);
return(ans);
}
}S;
int n,m,k,type;
int main()
{
freopen("1.in","r",stdin);
freopen("1.out","w",stdout);
read(n); read(m); read(k); read(type);
int ans=;
data[]=v[]=INF;
rep(i,,n) v[i]=INF,v[i+n]=i;
rep(i,,m)v[i+n]=i;
int p=,maxn=;
rep(i,,m)
{
// cout<<i<<endl;
int x,y;
root[i]=root[i-];
read(x); read(y);
if (x==y) continue;
jl1[i]=x;jl2[i]=y;
mkr(y);
if (fdr(x)==y)
{
split(x,y);
int x1=data[y];
cut(x1+n,jl1[x1]);
cut(x1+n,jl2[x1]);
S.change(root[i],root[i],,m,x1,-);
p--;
}
p++;
link(i+n,x);
link(i+n,y);
S.change(root[i],root[i],,m,i,);
if (p>n) return ;
maxn=max(maxn,p);
}
rep(i,,k)
{
int x,y;
read(x); read(y);
if (type) x^=ans,y^=ans;
printf("%d\n",ans=n-S.query(root[y],,m,x,y));
}
return ;
}

【BZOJ3514】Codechef MARCH14 GERALD07加强版 LCT+主席树的更多相关文章

  1. [BZOJ3514]CodeChef MARCH14 GERALD07加强版(LCT+主席树)

    3514: Codechef MARCH14 GERALD07加强版 Time Limit: 60 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 2177  Solved: 834 ...

  2. BZOJ 3514: Codechef MARCH14 GERALD07加强版 [LCT 主席树 kruskal]

    3514: Codechef MARCH14 GERALD07加强版 Time Limit: 60 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 1312  Solved: 501 ...

  3. BZOJ 3514: Codechef MARCH14 GERALD07加强版( LCT + 主席树 )

    从左到右加边, 假如+的边e形成环, 那么记下这个环上最早加入的边_e, 当且仅当询问区间的左端点> _e加入的时间, e对答案有贡献(脑补一下). 然后一开始是N个连通块, 假如有x条边有贡献 ...

  4. bzoj3514 Codechef MARCH14 GERALD07加强版 lct预处理+主席树

    Codechef MARCH14 GERALD07加强版 Time Limit: 60 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 1951  Solved: 746[Submi ...

  5. 【BZOJ-3514】Codechef MARCH14 GERALD07加强版 LinkCutTree + 主席树

    3514: Codechef MARCH14 GERALD07加强版 Time Limit: 60 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 1288  Solved: 490 ...

  6. BZOJ3514: Codechef MARCH14 GERALD07加强版(LCT,主席树)

    Description N个点M条边的无向图,询问保留图中编号在[l,r]的边的时候图中的联通块个数. Input 第一行四个整数N.M.K.type,代表点数.边数.询问数以及询问是否加密.接下来M ...

  7. BZOJ3514 Codechef MARCH14 GERALD07加强版 LCT维护最大生成树 主席树

    题面 考虑没有询问,直接给你一个图问联通块怎么做. 并查集是吧. 现在想要动态地做,那么应该要用LCT. 考虑新加进来一条边,想要让它能够减少一个联通块的条件就是现在边的两个端点还没有联通. 如果联通 ...

  8. BZOJ3514 Codechef MARCH14 GERALD07加强版 LCT+可持久化线段树

    自己独自想出来并切掉还是很开心的~ Code: #include <bits/stdc++.h> #define N 400005 #define inf 1000000000 #defi ...

  9. BZOJ3514 Codechef MARCH14 GERALD07加强版 LCT

    欢迎访问~原文出处——博客园-zhouzhendong 去博客园看该题解 题目传送门 - BZOJ3514 题意概括 N个点M条边的无向图,询问保留图中编号在[l,r]的边的时候图中的联通块个数. N ...

随机推荐

  1. http 遇到中文表单 转码

    #include <string> #include <vector> inline BYTE toHex(const BYTE x) { return x>9?x+55 ...

  2. python用ftplib上传下载中文报错解决

    python中的中文编码一直以来都是一个极为头大的问题,经常抛出编码转换的异常,python中的str和unicode到底是一个什么东西呢?在python中提到unicode,一般指的是unicode ...

  3. [转]JS根据useAgent来判断edge, ie, firefox, chrome, opera, safari 等浏览器的类型及版本

    js根据浏览器的useAgent来判断浏览器的类型 userAgent 属性是一个只读的字符串,声明了浏览器用于 HTTP 请求的用户代理头的值. JavaScript语法:navigator.use ...

  4. WebStorm 关联 TFS(转)

    1.下载插件 TFS integration  2.链接TFS 服务器 3.创建工作区 4. 5.选择一个 工作环境 6.最重要的有点是在VCS里面要选择一个默认的提交方式!!!

  5. gcc的使用简介与命令行参数说明

    (一) gcc的基本用法(二) 警告提示功能选项(三) 库操作选项(四) 调试选项(五) 交叉编译选项 (一) gcc的基本用法使用gcc编译器时,必须给出一系列必要的调用参数和文件名称.不同参数的先 ...

  6. pyhon 前面补充和set

    一, 主要内容. 补充一个字符串的基本操作 li = ["李嘉诚", "麻花藤", "黄海峰", "刘嘉玲"] s = ...

  7. Android/IOS 微信及浏览器(h5)中唤起本地APP,唤起浮层,然后用外部浏览器打开唤起某本地APP

    1 前言 微信点击链接,点击唤起某APP,在微信点开,默认是微信浏览器,点击button唤起,则会先提示浮层,然后用外部浏览器打开即可. 作为记录使用. 2 代码 相关源码如下: html: < ...

  8. python基础--管理目录与文件

    1) 文件夹 os.listdir() #显示文件夹下所有文件 os.getcwd() #获取当前工作目录 os.chdir() #切换目录 os.mkdir() #建立目录 os.path.exis ...

  9. JavaScript从入门到精通(附光盘1张):作者:明日科技出版社:清华大学出版社出版时间:2012年09月

    本书介绍 一:本书 pdf 获取信息 本书下载:请申请加入本群 (QQ群:668345923),   并联系群主. 本群主有:本书pdf 全文教材 及附带的 光盘内容 二:本书目录介绍 第1篇  基 ...

  10. flask 面试题

    1,什么是Flask,有什么优点?概念解释Flask是一个Web框架,就是提供一个工具,库和技术来允许你构建一个Web应用程序.这个Web应用程序可以是一些Web页面,博客,wiki,基于Web的日里 ...