【BZOJ2521】 [Shoi2010]最小生成树
Description
当然啦,这些都不是今天需要你解决的问题。Secsa想知道对于某一条无向图中的边AB,至少需要多少代价可以保证AB边在这个无向图的最小生成树中。为了使得AB边一定在最小生成树中,你可以对这个无向图进行操作,一次单独的操作是指:先选择一条图中的边 P1P2,再把图中除了这条边以外的边,每一条的权值都减少1。如图 4所示就是一次这样的操作:
Input
Output
输出文件只有一行,这行只有一个整数,即,使得标号为Lab边一定出现最小生成树中的最少操作次数。
Sample Input
1 2 2
1 3 2
1 4 3
2 3 2
2 4 4
3 4 5
Sample Output
HINT
第1个样例就是问题描述中的例子。
1<=n<=500,1<=M<=800,1<=D<10^6
Source
Solution
思路很神的一道题。
首先,其他所有边权值-1可以看做这条边+1。如果选定的边本来就在最小生成树上就不用管它。
如果不在MST上的话,就要考虑想办法让它在MST上。让它在MST上的条件是s,t两个联通块之间一定不存在权值比它更小的边。
对于所有比选定的边边权小的边,让它一定不出现在MST上的代价就是让它的边权变为选定的边权+1。问题就变成了选定一些边使得s和t不连通,且边权总和最小。然后就变成了最小割模型,用网络流来解决。
Code
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm> #define maxn 510
#define maxm 810
#define R register
#define dmin(_a, _b) ((_a) < (_b) ? (_a) : (_b))
#define inf 0x7fffffff
int n;
struct edge {int a, b, w; } ee[maxm];
struct Edge {
Edge *next, *rev;
int to, cap;
} *cur[maxn], *last[maxn], e[maxm << ], *ecnt = e;
inline void link(R int a, R int b, R int w)
{
*++ecnt = (Edge) {last[a], ecnt + , b, w}; last[a] = ecnt;
*++ecnt = (Edge) {last[b], ecnt - , a, }; last[b] = ecnt;
}
int s, t, dep[maxn], q[maxn], ans;
inline bool bfs()
{
R int head = , tail = ;
memset(dep, -, (n + ) << );
dep[q[] = t] = ;
while (head < tail)
{
R int now = q[++head];
for (R Edge *iter = last[now]; iter; iter = iter -> next)
if (iter -> rev -> cap && dep[iter -> to] == -)
dep[q[++tail] = iter -> to] = dep[now] + ;
}
return dep[s] != -;
}
int dfs(R int x, R int f)
{
if (x == t) return f;
R int used = ;
for (R Edge* &iter = cur[x]; iter; iter = iter -> next)
if (iter -> cap && dep[iter -> to] + == dep[x])
{
R int v = dfs(iter -> to, dmin(f - used, iter -> cap));
iter -> cap -= v;
iter -> rev -> cap += v;
used += v;
if (used == f) return f;
}
return used;
}
inline void dinic()
{
while (bfs())
{
memcpy(cur, last, sizeof cur);
ans += dfs(s, inf);
}
}
int main()
{
R int m, lab; scanf("%d%d%d", &n, &m, &lab);
for (R int i = ; i <= m; ++i) scanf("%d%d%d", &ee[i].a, &ee[i].b, &ee[i].w);
for (R int i = ; i <= m; ++i)
if (ee[i].w <= ee[lab].w && i != lab)
{
link(ee[i].a, ee[i].b, ee[lab].w - ee[i].w + );
link(ee[i].b, ee[i].a, ee[lab].w - ee[i].w + );
}
s = ee[lab].a; t = ee[lab].b;
dinic();
printf("%d\n", ans);
return ;
}
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