题意:给一些结点,每个结点是黑色或白色,并有一个权值。定义两个结点之间的距离为两个结点之间结点的最小权值当两个结点异色时,否则距离为无穷大。给出两种操作,一种是将某个结点改变颜色,另一个操作是询问当前距离小于K的结点有多少对,K是一个定值。

思路:先求最初时候小于k的结点有多少对,然后每次改变颜色的时候,统计该点左侧和右侧各有多少同色和异色的结点(这一步使用树状数组),分别处理就行。另外需要预处理离某个结点最近的两个距离小于K的结点的位置。

代码写的略乱。

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<vector>
#include<time.h>
#include<iostream>
#define INF 10000000
#define LL long long
using namespace std;
int n,K;
vector<int> vec;
];
struct BIT
{
    ];
    void clear()
    {
        memset(dat,,sizeof(dat));
    }
    int lowBit(int x)
    {
        return -x&x;
    }
    int getSum(int x)
    {
        ;
        )
        {
            s+=dat[x];
            x-=lowBit(x);
        }
        return s;
    }
    void addVal(int x,int c)
    {
        ) return;
        while(x<=n)
        {
            dat[x]+=c;
            x+=lowBit(x);
        }
    }
    void setVal(int x,int c)
    {
        );
        addVal(x,-old+c);
    }
    int getCol(int x)
    {
        );
    }
    int countBlack(int ql,int qr)
    {
        ;
        );
    }
    int countWhite(int ql,int qr)
    {
        ;
        int s=countBlack(ql,qr);
        -s;
    }
};
BIT tree;
],rightM[];
int main()
{
    int T;
    scanf("%d",&T);
    while(T--)
    {
        int m;
        scanf("%d%d%d",&n,&m,&K);
        vec.clear();
        ; i<=n; ++i)
        {
            int val;
            scanf("%d",&val);
            if(val<K)
                vec.push_back(i);
        }
        tree.clear();
        ; i<=n; ++i)
        {
            int val;
            scanf("%d",&val);
            tree.setVal(i,val);
            ;
            int r=lower_bound(vec.begin(),vec.end(),i)-vec.begin();
            ) leftM[i]=-;
            else leftM[i]=vec[l];
            ;
            else rightM[i]=vec[r];
        }
        LL sum=;
        ,end;
        ; i<vec.size(); ++i)
        {
            last=(i==)?:vec[i-]+;
            end=(i==vec.size()-)?n:vec[i+];
            LL lb=tree.countBlack(last,vec[i]-),rw=tree.countWhite(vec[i]+,n);
            LL lw=tree.countWhite(last,vec[i]-),rb=tree.countBlack(vec[i]+,n);
            sum+=lb*rw;
            sum+=lw*rb;
            int col=tree.getCol(vec[i]);
            )
                sum+=lb+rb;
            else
                sum+=lw+rw;
        }
        while(m--)
        {
            int p;
            scanf("%d",&p);
            ) printf("%I64d\n",sum);
            else
            {
                int x;
                scanf("%d",&x);
                int old=tree.getCol(x);
                )
                {
                    )
                    {
                        LL lw,lb;
                        if(leftM[x]==x)
                        {
                            lw=tree.countWhite(,leftM[x]-);
                            lb=tree.countBlack(,leftM[x]-);
                        }
                        else
                        {
                            lw=tree.countWhite(,leftM[x]);
                            lb=tree.countBlack(,leftM[x]);
                        }
                        sum-=lw;
                        sum+=lb;
                    }
                    )
                    {
                        LL rw,rb;
                        if(rightM[x]==x)
                        {
                            rb=tree.countBlack(rightM[x]+,n);
                            rw=tree.countWhite(rightM[x]+,n);
                        }
                        else
                        {
                            rb=tree.countBlack(rightM[x],n);
                            rw=tree.countWhite(rightM[x],n);
                        }
                        sum-=rw;
                        sum+=rb;
                    }
                }
                else
                {
                    )
                    {
                        LL lw,lb;
                        if(leftM[x]==x)
                        {
                            lw=tree.countWhite(,leftM[x]-);
                            lb=tree.countBlack(,leftM[x]-);
                        }
                        else
                        {
                            lw=tree.countWhite(,leftM[x]);
                            lb=tree.countBlack(,leftM[x]);
                        }
                        sum+=lw;
                        sum-=lb;
                    }
                    )
                    {
                        LL rw,rb;
                        if(rightM[x]==x)
                        {
                            rb=tree.countBlack(rightM[x]+,n);
                            rw=tree.countWhite(rightM[x]+,n);
                        }
                        else
                        {
                            rb=tree.countBlack(rightM[x],n);
                            rw=tree.countWhite(rightM[x],n);
                        }
                        sum+=rw;
                        sum-=rb;
                    }
                }
                tree.setVal(x,old^);
            }
        }
    }
    ;
}

HDU 3854 Glorious Array(树状数组)的更多相关文章

  1. hdu 5775 Bubble Sort 树状数组

    Bubble Sort 题目连接: http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5775 Description P is a permutation of t ...

  2. HDU 3333 | Codeforces 703D 树状数组、离散化

    HDU 3333:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3333 这两个题是类似的,都是离线处理查询,对每次查询的区间的右端点进行排序.这里我们需要离散化 ...

  3. HDU 3333 - Turing Tree (树状数组+离线处理+哈希+贪心)

    题意:给一个数组,每次查询输出区间内不重复数字的和. 这是3xian教主的题. 用前缀和的思想可以轻易求得区间的和,但是对于重复数字这点很难处理.在线很难下手,考虑离线处理. 将所有查询区间从右端点由 ...

  4. HDU 3333 Turing Tree (树状数组)

    题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3333 题意就是询问区间不同数字的和. 比较经典的树状数组应用. //#pragma comment(l ...

  5. HDU 4638 Group 【树状数组,分块乱搞(莫队算法?)】

    根据题目意思,很容易得出,一个区间里面连续的段数即为最少的group数. 题解上面给的是用树状数组维护的. 询问一个区间的时候,可以一个一个的向里面添加,只需要判断a[i]-1 和 a[i]+1是否已 ...

  6. HDU 4325 Flowers(树状数组+离散化)

    http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4325 题意:给出n个区间和m个询问,每个询问为一个x,问有多少个区间包含了x. 思路: 因为数据量比较多,所以需 ...

  7. HDU - 1541 Stars 【树状数组】

    题目链接 http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1541 题意 求每个等级的星星有多少个 当前这个星星的左下角 有多少个 星星 它的等级就是多少 和它同一 ...

  8. HDU 3874 Necklace (树状数组 | 线段树 的离线处理)

    Necklace Time Limit: 15000/5000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)Total S ...

  9. HDU 5101 Select --离散化+树状数组

    题意:n 组,每组有一些值,求 在不同的两组中每组选一个使值的和大于k的方法数. 解法:n * Cnt[n] <= 1000*100 = 100000, 即最多10^5个人,所以枚举每个值x,求 ...

随机推荐

  1. __block 与 __weak的区别理解

    Blocks理解: Blocks可以访问局部变量,但是不能修改 如果修改局部变量,需要加__block __block int multiplier = 7; int (^myBlock)(int) ...

  2. RecyclerView使用总结

    遇到的异常: java.lang.ExceptionInInitializerError静态块初始化异常 NetworkOnMainThreadException访问网线不能在主线程中进行 我的参考资 ...

  3. hibernate检索方式(HQL 检索方式,QBC 检索方式,本地 SQL 检索方式)

    hibernate有五种检索方式,这儿用 单向的一对多的映射关系 例子,这儿有后三种的方式: 导航对象图检索方式: 根据已经加载的对象导航到其他对象 OID 检索方式: 按照对象的 OID 来检索对象 ...

  4. EF生成实体模板改良

    也许介绍的方法并不是完美的解决方法 web工程里添加这两项 里面会生成两个模板文件 上下文模板和实体类模板,现在主要对实体类模板进行改良 1.讲using 放在文件头 <#=codeString ...

  5. [转]NPOI 单元格级别应用

    原文地址:http://hi.baidu.com/linrao/item/fadf96dce8770753d63aaef2 HSSFWorkbook hssfworkbook = new HSSFWo ...

  6. [问题2014A12] 复旦高等代数 I(14级)每周一题(第十四教学周)

    [问题2014A12]  设 \(A,B\) 是 \(n\) 阶方阵且满足 \(AB=BA=0\), \(\mathrm{r}(A)=\mathrm{r}(A^2)\), 证明: \[\mathrm{ ...

  7. 无法从命令行或调试器启动服务,必须首先安装Windows服务(使用installutil.exe),然后用ServerExplorer、Windows服务器管理工具或NET START命令启动它

    无法从命令行或调试器启动服务,必须首先安装Windows服务(使用installutil.exe),然后用ServerExplorer.Windows服务器管理工具或NET START命令启动它 1. ...

  8. struts(二) ---中参数传值

    struts中参数传值的方式有 种: 第一种:直接通过属性来传值 第二种: 第三种:

  9. hdu3652 B-number

    链接 题意求能够整除和包含13的数字. 这个比较简单,保留余数及1,然后标记前面是否出现过13就行. #include <iostream> #include<cstdio> ...

  10. C++ do{...}while(0)的好处

    在开源软件里面经常可以看到这样的写法. #define X(a) do { f1(a); f2(a); } while(0) 1. 主要作用是放在宏定义里面,避免宏带来的语法问题. 比如 #defin ...