Codeforces 500 E. New Year Domino
[$>Codeforces \space 500 E. New Year Domino
题目大意 : 数轴上有序排列着 \(n\) 块多米诺骨牌, 第 \(i\) 块骨牌坐标为 \(p_i\) 长度为 \(l_i\)
如果推倒坐标为 \(p_i\) 的多米诺骨牌,那么区间 \([p_i, p_i + x_i]\) 中的多米诺骨牌都会被推倒,从而发生连锁反应.
现在有 \(q\) 组询问,每次询问之前可以让一些多米诺骨牌增加任意长度,代价是增加的长度之和。
询问的内容是每次推倒第 \(x\) 块骨牌,求要推倒第 \(y\) 块至少要花费的代价 (询问之间相互独立)
\(2 \leq n , q\leq 2 \times 10^5 \ 1 \leq p_i, l_i \leq 10^9\)
解题思路 :
观察发现,多米诺之间的连锁反应可以合并成一个块,每次从右到左每次新加骨牌的时候可以合并被它覆盖的块。
但是直接按照定义合并的话,只能保证一个块最左边的块可以推倒整个块,也就是说一个块的贡献只有在推倒整块最左边的骨牌时是合法的
仔细想了很久觉得并没有什么做法可以在线求出 \(x\) 对应的合法联通块,不妨大胆离线.
离线后按照询问的左端点排序,从右到左扫,边扫边用一个栈维护此时的联通块的状态和联通块之间的距离
对于每一个扫到的 \(i\),在其合并完之后处理 \(i\) 作为左端点的询问的答案
因为此时 \(i\) 左边的点还没有被加进联通块,所以从 \(i\) 开始推一定是合法的, 对于每一个左端点在 \(i\) 上的询问,算出两个联通块之间的距离就是答案
/*program by mangoyang*/
#include<bits/stdc++.h>
#define inf (0x7f7f7f7f)
#define Max(a, b) ((a) > (b) ? (a) : (b))
#define Min(a, b) ((a) < (b) ? (a) : (b))
typedef long long ll;
using namespace std;
template <class T>
inline void read(T &x){
int f = 0, ch = 0; x = 0;
for(; !isdigit(ch); ch = getchar()) if(ch == '-') f = 1;
for(; isdigit(ch); ch = getchar()) x = x * 10 + ch - 48;
if(f) x = -x;
}
#define int ll
#define N (1000005)
int fa[N], l[N], r[N], st[N], sum[N], Ans[N], n, m, top;
struct Query{ int x, id; }; vector<Query> q[N];
inline int ask(int x){ return x == fa[x] ? x : fa[x] = ask(fa[x]); }
main(){
read(n);
for(int i = 1, x, y; i <= n; i++)
read(x), read(y), l[i] = x, r[i] = x + y;
for(int i = 1; i <= n; i++) fa[i] = i;
read(m);
for(int i = 1, L, R; i <= m; i++)
read(L), read(R), q[L].push_back((Query){R, i});
for(int i = n; i >= 1; i--){
int x = i;
while(top && l[st[top]] <= r[x]){
r[x] = Max(r[x], r[st[top]]);
fa[ask(st[top])] = x, top--;
}
if(top) sum[x] = sum[st[top]] + l[st[top]] - r[x];
st[++top] = x;
for(int j = 0; j < q[i].size(); j++){
int id = q[i][j].id, y = q[i][j].x;
Ans[id] = sum[ask(x)] - sum[ask(y)];
}
}
for(int i = 1; i <= m; i++) printf("%lld\n", Ans[i]);
return 0;
}
Codeforces 500 E. New Year Domino的更多相关文章
- CodeForces 500 A. New Year Transportation
Description New Year is coming in Line World! In this world, there are n cells numbered by integers ...
- Codeforces 611C. New Year and Domino 动态规划
C. New Year and Domino time limit per test 3 seconds memory limit per test 256 megabytes input stand ...
- 【codeforces 500E】New Year Domino
[题目链接]:http://codeforces.com/problemset/problem/500/E [题意] 有n个多米诺骨牌; 你知道它们的长度; 然后问你,如果把第i骨牌往后推倒,然后要求 ...
- Codeforces 611C New Year and Domino DP+容斥
"#"代表不能放骨牌的地方,"."是可以放 500*500的矩阵,q次询问 开两个dp数组,a,b,a统计横着放的方案数,b表示竖着放,然后询问时O(1)的,容 ...
- codeforces水题100道 第三题 Codeforces Beta Round #47 A. Domino piling (math)
题目链接:http://www.codeforces.com/problemset/problem/50/A题意:一个NxM的举行中最多能放多少个1x2的矩形.C++代码: #include < ...
- CodeForces 611C New Year and Domino (动态规划,DP)
题意:给定一个h*w的网格,里面只有.和#,.表示空的,#表示禁止的,然后有q个询问,询问中给你两个坐标,分别是左上和右下,求在这两者中间的有多少种(竖着和横着)两个相邻的点. 析:一看到这个题目,肯 ...
- Codeforces 611C New Year and Domino(二维前缀和)
题目大概说给一个n*m个格子,格子'.'表示可以放东西,多次询问矩形区域(x1,y1)-(x2,y2)有几种放一张1*2的骨牌的方案数. 分别考虑横着竖着放,预处理出二维的前缀和,即sum[x][y] ...
- 洛谷 P5089: CodeForces #500 (Div. 1) B / 1012B : Chemical table
题目传送门:洛谷P5089. 题意简述: 一张 \(n \times m\) 的表格,有一些格子有标记,另外一些格子没有标记. 如果 \((r_1,c_1),(r_1,c_2),(r_2,c_1)\) ...
- LibreOJ 题解汇总
目录 #1. A + B Problem #2. Hello, World! #3. Copycat #4. Quine #7. Input Test #100. 矩阵乘法 #101. 最大流 #10 ...
随机推荐
- 海康解码器对接总结(java 版)
本文只是对接海康解码器的动态解码功能,即配置解码器大屏上指定的某个窗口去解某一路IP视频源. 1. 首先,定义所需的结构体与接口.海康SDK中包含的结构体与接口非常之多,在官方的例子中,实现了大部分的 ...
- 【C语言】Coursera课程《计算机程式设计》台湾大学刘邦锋——Week6 String课堂笔记
Coursera课程 <计算机程式设计>台湾大学 刘邦锋 Week6 String 6-1 Character and ASCII 字符变量的声明 char c; C语言使用一个位元组来储 ...
- Opencv模块功能介绍
本文为原创作品,转载请注明出处 欢迎关注我的博客:http://blog.csdn.net/hit2015spring和http://www.cnblogs.com/xujianqing/ 站在巨 ...
- Linux线程同步
1. 线程同步: 当多个控制线程共享相同的内存时,需要确保每个线程看到一致的数据视图.当某个线程可以修改变量,而其他线程也可以读取或者修改这个变量的时候,就需要对这些线程进行同步,以确保他们在访问变量 ...
- Mel倒谱系数
Mel倒谱系数:MFCC Mel频率倒谱系数(Mel Frequency Cepstrum Coefficient)的缩写是MFCC,Mel频率是基于人耳听觉特性提出来的,它与Hz频率成非线性对应关系 ...
- 中断中处理延时及一些函数的调用规则(中断调i2c驱动有感)--中断中的延迟delay与printk函数的冲突【转】
转自:http://blog.csdn.net/psvoldemort/article/details/8222371 1,中断处理程序中不能使用有睡眠功能的函数,如ioremap,kmalloc,m ...
- python并发模块之concurrent.futures(二)
python并发模块之concurrent.futures(二) 上次我们简单的了解下,模块的一些基本方法和用法,这里我们进一步对concurrent.futures做一个了解和拓展.上次的内容点这. ...
- 003 CopyOnWriteArrayList原理
聊聊并发-Java中的Copy-On-Write容器 Copy-On-Write简称COW,是一种用于程序设计中的优化策略.其基本思路是,从一开始大家都在共享同一个内容,当某个人想要修改这个内容的时候 ...
- 2017多校第9场 HDU 6162 Ch’s gift 树剖加主席树
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6162 题意:给出一棵树的链接方法,每个点都有一个数字,询问U->V节点经过所有路径中l < ...
- C后端设计开发 - 第1章-流派-入我华山,学我剑法
正文 第1章-流派-入我华山,学我剑法 后记 如果有错误, 欢迎指正. 有好的补充, 和疑问欢迎交流, 一块提高. 在此谢谢大家了.