poj1742 Coins【多重背包】【贪心】
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Description
You are to write a program which reads n,m,A1,A2,A3...An and C1,C2,C3...Cn corresponding to the number of Tony's coins of value A1,A2,A3...An then calculate how many prices(form 1 to m) Tony can pay use these coins.
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题意:有n种硬币,每一枚有一个价值和个数。现在取出一些硬币,面值相加得到结果S。问1~m之间可以得到多少种结果S
思路:硬币为物品,面值为体积,m为背包总容积。一次考虑每种硬币是否被用于拼成最终的面值,以“已经考虑过的物品种数”i作为DP的阶段。阶段i时,dp[j]表示前i种硬币能否拼成面值j。
但是这道题只关注“可行性”而不是“最优性”,可以发现前i种硬币能够拼成面值j只有两种可能。1、前i-1种就可以拼成面值j 2、使用了第i种硬币,发现dp[j-ai]为true,从而dp[j]变为true
于是就有一种贪心策略:设used[j]表示dp[j]在阶段i时为true至少要用到多少枚第i种硬币,并尽量选择第一种情况。在dp[j-ai]为true时,如果dp[j]已经为true,则不执行dp转移,并令used[j]=0。否则执行dp[j] = dp[j] or dp[j - ai]的转移,并令used[j] = used[j - ai] + 1
多重背包问题可以将物品拆分变成01背包问题。拆分方法有直接拆分法,二进制拆分法和单调队列。
二进制拆分法是把数量为Ci的第i种物品拆分成p+2个物品,p是满足2^0 + 2^1 + 2^2 + ... + 2^p <= Ci的最大的整数。
他们的体积分别为2^0*Vi, 2^1*Vi, ..., 2^p*Vi, Ri * Vi, 其中Ri= Ci - 2^0 - 2^1 - 2^2 - ... - 2^p
//#include <bits/stdc++.h>
#include<iostream>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<stdio.h>
#include<cstring>
#include<map> #define inf 0x3f3f3f3f
using namespace std;
typedef long long LL; int n, m;
const int maxn = ;
const int maxm = 1e5 + ;
int a[maxn], c[maxn];
int used[maxm];
bool dp[maxm]; int main()
{
while(scanf("%d%d", &n, &m) != EOF && (n || m)){
for(int i = ; i <= n; i++){
scanf("%d", &a[i]);
}
for(int i = ; i <= n; i++){
scanf("%d", &c[i]);
} memset(dp, , sizeof(dp));
dp[] = true;
for(int i = ; i <= n; i++){
memset(used, , sizeof(used));
for(int j = a[i]; j <= m; j++){
if(!dp[j] && dp[j - a[i]] && used[j - a[i]] < c[i]){
dp[j] = true;
used[j] = used[j - a[i]] + ;
}
}
} int ans = ;
for(int i = ; i <= m; i++){
if(dp[i])ans++;
}
printf("%d\n", ans);
}
return ;
}
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