【BZOJ2741】【块状链表+可持久化trie】FOTILE模拟赛L
Description
r = max ( ((x+lastans) mod N)+1 , ((y+lastans) mod N)+1 ).
Input
Output
Sample Input
1 4 3
0 1
0 1
4 3
Sample Output
7
7
HINT
HINT
N=12000,M=6000,x,y,Ai在signed longint范围内。
Source
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#include <vector>
#include <utility>
#include <iomanip>
#include <string>
#include <cmath>
#include <queue>
#include <assert.h>
#include <map> const int N = + ;
const int SIZE = ;//块状链表的根号50000
const int M = + ;
using namespace std;
typedef long long ll;
struct Node{
int val;//代表数量
int num;//代表值
Node *ch[];
}mem[N * * ], *root[N];
int n, m;//n为数量,m为操作次数
struct BLOCK_LIST{//块状链表
int data[SIZE];
int size, next;
void init(){
size = ;
memset(data, , sizeof(data));
next = -;
}
}list[SIZE];
int tot = ;//记录mem使用空间
int Max[SIZE + ][SIZE + ], Pos;//表示从i到j块的最大异或值
int data[N]; Node *NEW(){//创建新trie节点
Node *p = &mem[tot++];
p->val = p->num = ;
p->ch[] = p->ch[] = NULL;
return p;
}
void insert(Node *&p, Node *&last, int x){//k为根
p = NEW(); Node *u = p, *a = last;
for (int i = ; i >= ; i--){
int t = ((( << i) & x) == ? : );
if (u->ch[t] == NULL){
u->ch[t] = NEW();
u->ch[t]->val = t;
u->ch[t]->num = a->ch[t]->num + ;
}
u->ch[t ^ ] = a -> ch[t ^ ];
u = u -> ch[t];
a = a -> ch[t];
}
return;
}
int find(Node *&a, Node *&b, int val){
int Ans = ;
Node *x = a, *y = b;
for (int i = ; i >= ; i--){ int t = (((( << i) & val) == ? : ) ^ );
if (x->ch[t] == NULL || (x->ch[t]->num - y->ch[t]->num) <= ) t = (t ^ );
Ans += ( << i) * t;
x = x->ch[t];
y = y->ch[t];
}
//Ans += t;
return Ans;
} void prepare(){
memset(Max, , sizeof( Max ));
Pos = ;//Pos为块状链表的标号
list[Pos++].init();
insert(root[], root[], );//插入可持久化trie
for (int cur = , i = ; i <= n; cur = list[cur].next){
int j, M = ;//M用来记录块的最大值
for (j = ; j < SIZE && i <= n; i++, j++){
list[cur].data[j] = data[i];
list[cur].size++;
insert(root[i + ], root[i], data[i]);//插入可持久化trie
int M2 = data[i];
//M2 = find(root[i + 1], root[cur * SIZE], list[cur].data[j]);
//printf("%d\n", M2);
//if (M2 == data[i]) M2 = 0;//显然如果是它自己不如不加即直接从开头一直异或到i
//Max[cur][cur] = M2;
for (int k = Pos - ; k >= ; k--){
int tmp = find(root[i + ], root[k * SIZE], data[i]);
//if (tmp == data[i]) tmp = 0;
if ((M2 ^ data[i]) < (tmp ^ data[i])) M2 = tmp;
Max[k][cur] = max(Max[k][cur], M2 ^ data[i]);//顺便利用O(sqrt(n))的时间预处理出Max数组
}
}
//创建新块
if (j == SIZE){
list[Pos].init();
list[cur].next = Pos++;
}
}
//printf("%d\n", root[1]->ch[0]->ch[1]->num);
}
int query(int l, int r){
int x = (l - ) / SIZE, y = (r - ) / SIZE;//x代表l和r所代表的块
int Ans = ;
if (x == y){
for (int i = l; i <= r; i++)
Ans = max(Ans, find(root[r + ], root[l - ], data[i]) ^ data[i]);
return Ans;
}else{
if (x <= y - ) Ans = Max[x ][y - ];
//for (int i = r; i >= l; i--) if ((data[i] ^ data[i - 1]) == 32767) printf("fuck");
for (int i = l; i <= ((x + ) * SIZE) && i <= n; i++) Ans = max(Ans, find(root[r + ], root[l - ], data[i]) ^ data[i]);
for (int i = r; i > y * SIZE; i--) Ans = max(Ans, find(root[r + ], root[l - ], data[i]) ^ data[i]);
return Ans;
//for (int i = l; i <= r; i++)
// Ans = max(Ans, find(root[r + 1], root[l - 1], data[i]) ^ data[i]);
//return Ans;
}
}
//处理询问
void work(){
int last_ans = ;
for (int i = ; i <= m; i++){
int x, y, l, r;
scanf("%d%d", &l, &r);
//l--;
//l = min(((ll)((ll)x + (ll)last_ans) % n) + 1 , ((ll)((ll)y + (ll)last_ans) % n)+ 1);
//r = max(((ll)((ll)x + (ll)last_ans) % n) + 1 , ((ll)((ll)y + (ll)last_ans) % n)+ 1);
last_ans = query(l, r);
printf("%d\n", last_ans);
}
}
//单纯的插入一个数
void build(Node *&b, int x){
Node *u = b;
for (int i = ; i >= ; i--){
int t = ((( << i) & x) == ? : );//表示这一位是否是0
if (u->ch[t] == NULL){
u->ch[t] = NEW();
u->ch[t]->val = t;
u->ch[t]->num = ;//注意,这里仅仅只是建树,所以不能改数字
}
u = u->ch[t];
}
return;
}
void init(){
//读入+建初始树
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int i = ; i < N; i++) root[i] = NULL;
root[] = NEW();
data[] = ;
for (int i = ; i <= n; i++){
scanf("%d", &data[i]);
data[i] = data[i] ^ data[i - ];
build(root[], data[i]);
//printf("%d\n", data[i]);
}
build(root[], );//记得加0
//printf("%d", root[0]->val);
}
void debug(){
insert(root[], root[], );
insert(root[], root[], );
insert(root[], root[], );
printf("%d\n", find(root[], root[], ));
} int main(){
#ifdef LOCAL
freopen("data.txt", "r", stdin);
freopen("out.txt", "w", stdout);
#endif
init();
prepare();
work();
printf("%d\n", tot);
//debug();
return ;
}
【BZOJ2741】【块状链表+可持久化trie】FOTILE模拟赛L的更多相关文章
- BZOJ2741 FOTILE模拟赛L(分块+可持久化trie)
显然做个前缀和之后变成询问区间内两个数异或最大值. 一种暴力做法是建好可持久化trie后直接枚举其中一个数查询,复杂度O(nmlogv). 观察到数据范围很微妙.考虑瞎分块. 设f[i][j]为第i个 ...
- 【bzoj2741】[FOTILE模拟赛]L 可持久化Trie树+分块
题目描述 FOTILE得到了一个长为N的序列A,为了拯救地球,他希望知道某些区间内的最大的连续XOR和. 即对于一个询问,你需要求出max(Ai xor Ai+1 xor Ai+2 ... xor A ...
- BZOJ.2741.[FOTILE模拟赛]L(分块 可持久化Trie)
题目链接 首先记\(sum\)为前缀异或和,那么区间\(s[l,r]=sum[l-1]^{\wedge}sum[r]\).即一个区间异或和可以转为求两个数的异或和. 那么对\([l,r]\)的询问即求 ...
- 【bzoj2741】[FOTILE模拟赛] L
Portal --> bzoj2741 Solution 突然沉迷分块不能自拔 考虑用分块+可持久化trie来解决这个问题 对于每一块的块头\(L\),预处理\([L,i]\)区间内的所有子区间 ...
- bzoj 2741 [FOTILE模拟赛] L
Description 多个询问l,r,求所有子区间异或和中最大是多少 强制在线 Solution 分块+可持久化trie 1.对于每块的左端点L,预处理出L到任意一个i,[L,j] 间所有子区间异或 ...
- BZOJ2741:[FOTILE模拟赛]L
Description FOTILE得到了一个长为N的序列A,为了拯救地球,他希望知道某些区间内的最大的连续XOR和. 即对于一个询问,你需要求出max(Ai xor Ai+1 xor Ai+2 .. ...
- 【BZOJ2741】【FOTILE模拟赛】L 分块+可持久化Trie树
[BZOJ2741][FOTILE模拟赛]L Description FOTILE得到了一个长为N的序列A,为了拯救地球,他希望知道某些区间内的最大的连续XOR和. 即对于一个询问,你需要求出max( ...
- bzoj 2741: 【FOTILE模拟赛】L 分塊+可持久化trie
2741: [FOTILE模拟赛]L Time Limit: 15 Sec Memory Limit: 162 MBSubmit: 1116 Solved: 292[Submit][Status] ...
- BZOJ2741: 【FOTILE模拟赛】L
2741: [FOTILE模拟赛]L Time Limit: 15 Sec Memory Limit: 162 MBSubmit: 1170 Solved: 303[Submit][Status] ...
随机推荐
- Linux学习笔记1——Linux的目录结构
/ 是根目录 ~是主目录 bin 存放二进制可执行文件(Is,cat,mkdir等) boot 存放用于系统引导时使用的各种文件 dev 用于存放设备文件 etc 存放系统配置文件 home 存放所有 ...
- Learn Objectvie-C on the Mac 2nd Edition 笔记
Chapter 1Apple’s Cocoa (for OS X) 和 Cocoa Touch (for iOS) toolkits 都是用 Objective-C写的. Chapter 2 (1) ...
- [转载]css hack
做前端多年,虽然不是经常需要hack,但是我们经常会遇到各浏览器表现不一致的情况.基于此,某些情况我们会极不情愿的使用这个不太友好的方式来达到大家要求的页面表现.我个人是不太推荐使用hack的,要知道 ...
- Install Asterisk 11 on Ubuntu 12.04 LTS
http://blogs.digium.com/2012/11/14/how-to-install-asterisk-11-on-ubuntu-12-4-lts/ Last week I put up ...
- 第二十三章、软件安装: RPM, SRPM 与 YUM 功能
SRPM 的使用 : rpmbuild 包含Source code 的 SRPM 新版的 rpm 已经将 RPM 与 SRPM 的命令分开了,SRPM 使用的是 rpmbuild 这个命令,而不是 r ...
- mahout算法源码分析之Collaborative Filtering with ALS-WR拓展篇
Mahout版本:0.7,hadoop版本:1.0.4,jdk:1.7.0_25 64bit. 额,好吧,心头的一块石头总算是放下了.关于Collaborative Filtering with AL ...
- 003-python列表
Python 列表(list) 列表是Python中最基本的数据结构.序列中的每个元素都分配一个数字 - 它的位置,或索引,第一个索引是0,第二个索引是1,依此类推. 列表的基本操作: 索引 切片 追 ...
- AE 线编辑
转自原文 AE 线编辑 1.高亮显示节点 //高亮显示节点和端点 public void HighLightNode() { //清空 _mapCtrl.Map.ClearSelection(); _ ...
- POI HSSFColor 颜色索引对照表
POI HSSFColor 颜色索引对照表 . HSSFColor.GREY_80_PERCENT . HSSFColor.INDIGO . HSSFColor.PLUM HSSFColor.BROW ...
- bzoj4443 SCOI2015 小凸玩矩阵 matrix
传送门:bzoj4443 题解 很水的一道网络流,显然可以二分答案,然后我们希望第\(k\)大尽量小,那么对于一个\(mid\),我们应尽量选择更小的,然后跑二分图最大匹配来验证. code