$CROI$ $R1$

  今天参加了一场比赛,什么比赛呢?CROI。

  CROI是什么呢? $Challestend$ $Rehtorbegnaro$ $OI$。总的来说就是我们机房的一些神仙出的题啦。

  这篇文章没有密码...被你发现啦!

  

  T1:Challestend and Hyperrectangle

  一道特别神仙的题目。

  题意概述一下:给出一个高维立方体的 $n$ 个边长,将它的表面刷上漆,再将它切成单位小块,求恰好有 $i$ 面被着色的小立方体个数,对998244353取模.$i \in [0,2n]$,$4<=n<=30000,1<=a_i<=2^{64}$.

  不会做呀...本来是有一点想法的,就是从一二三维的简单情况开始,进行类比,推出来一个比较科学的式子(它甚至可以过一个比较大的样例),但是对于 $a<=2$ 的情况就会崩溃,而且小一点的数据里每个都有这种情况,所以最后也没有分了。还是讲一下思路:

  一维:两个顶点,$a-2$个无色立方体;

  二维:四个顶点,$2\times(a-2+b-2)$个棱上的点,$(a-2)(b-2)$个无色立方体;

  三维:八个顶点,$4\times(a-2+b-2+c-2)$个棱上的点,$2\times((a-2)(b-2)+(a-2)(c-2)+(b-2)(c-2))$个面上的点,$(a-2)(b-2)(c-2)$个无色的;

  一维二维的可能比较难想,在这里放个图:

  

   

  这题比较玄学的一点就是怎么分辨 $n$ 维立方体的“面”,因为按照一般的思路来说,只有三维立方体才有“面”。不过通过看样例,可以发现这道题里的“面”指的就是 $n-1$ 维的空间啦。

  T2:Challestend and Anarchy Heap

  这道题还是比较简单的(虽然我没做出来)。

      

  题意概述:将斐波那契数顺次插入一个二叉堆,比较函数是随机的,问每次插入后堆顶的期望值的和,对998244353取模。$T<=400,1<=n<2^{64}$

  期望具有线性性,所以只要算出每个点作为堆顶的概率。虽然比较函数坏掉了,但是树的形态还是固定的。可以发现每次插入新数后,堆顶要么是新数,要么不变。考虑是新数的概率:新数运气超好,一路随机上来到了根,也就是$\frac{1}{2^{x}}$,(x=当前点离根节点的距离),其它情况下都继承原答案。递推可以做到 $O(N)$,但是显然跑不过,所以可以矩乘,由于深度不固定,还得分段矩乘,有一点难写。

  T3:Challestend and Summation

  挺好的一道题,专治多项式学傻。

  对以下式子求值:$n<=1e7,m<=1000$,F是一个 $m$ 项多项式。

  $\sum_{i=1}^n\sum_{j|i}F(j) \space (\%998244353)$

  首先给大家表演一下多项式学傻的人的做法:

  $\sum_{j=1}^n\frac{n}{j}\sum_{i=0}^{m-1}a_ij^i$

  $\sum_{j=1}^n\frac{n}{j}\sum_{i=0}^{m-1}a_i\sum_{k=1}^jS(i,k)\binom{j}{k}k!$

  $\sum_{j=1}^n\frac{n}{j}\sum_{i=0}^{m-1}a_i\sum_{k=1}^jS(i,k)\frac{j!}{k!(j-k)!}k!$

  $\sum_{j=1}^n\frac{n}{j}\sum_{i=0}^{m-1}a_i\sum_{k=1}^mS(i,k)\frac{j!}{(j-k)!}$

  $\sum_{i=0}^{m-1}a_i\sum_{k=1}^mS(i,k)\sum_{j=1}^n\frac{n}{j}\frac{j!}{(j-k)!}$

  第二类斯特林太妙啦,可以将很大的幂指数换成好求很多的阶乘!没错我当时就是这么想的。

  

  后来又想了一下才发现...画到第一步时已经是一个很显然的整除分块形式,只要能快速求出 $f$ 的前缀和即可。而通过一些函数知识可以得到,$m$ 次函数的前缀和是一个 $m+1$ 次的函数,所以插值即可。注意这里不能写 $m^2$ 的插值,要优化一下到 $m$.

  

 # include <cstdio>
# include <iostream>
# define R register int
# define ll long long using namespace std; const int mod=;
const int maxn=;
int n,m,a[maxn],k;
int ans,sx[maxn],f[maxn],inv[maxn],x[maxn],y[maxn]; ll cal (ll x)
{
ll s=,ans=;
for (R i=;i<m;++i)
{
ans=(ans+1LL*a[i]*s)%mod;
s=s*x%mod;
}
return ans;
} ll qui (ll a,ll b)
{
ll s=;
while(b)
{
if(b&) s=s*a%mod;
a=a*a%mod;
b>>=;
}
return s;
} ll S (int v)
{
if(v<=m) return y[v];
ll ans=;
for (R i=;i<=m;++i)
ans=(ans+1LL*y[i]*sx[i]%mod*(1LL*f[v]*inv[v-i]%mod*f[v-i-]%mod*inv[v--m]%mod))%mod;
return ans;
} int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m); k=m;
for (R i=;i<m;++i) scanf("%d",&a[i]);
for (R i=;i<=m;++i)
{
x[i]=i;
y[i]=cal(i);
y[i]=(y[i]+y[i-])%mod;
}
f[]=;
for (R i=;i<=n;++i) f[i]=1LL*f[i-]*i%mod;
inv[n]=qui(f[n],mod-);
for (R i=n;i>=;--i) inv[i-]=1LL*inv[i]*i%mod;
for (R i=;i<=k;++i)
{
sx[i]=;
for (R j=;j<=k;++j)
{
if(i==j) continue;
sx[i]=1LL*sx[i]*(x[i]-x[j]+mod)%mod;
}
sx[i]=qui(sx[i],mod-);
}
int l=,r;
while(l<=n)
{
r=n/(n/l);
ans=(ans+1LL*(n/l)*((S(r)-S(l-))%mod+mod)%mod)%mod;
l=r+;
}
printf("%d\n",ans);
return ;
}

C

  T4:Challestend and the Second War against Duliu

  一看题目就可以发现这道题“Duliu”的本质了。

  简单的说:给定一个长度为 $n$ 的数列以及 $n$ 个观察者,每个观察者可以看到 $[l_i,r_i]$ 的一段区域,要求支持如下操作:

  对数列区间加;查询一段编号连续的观察者所能看到的值的和;修改某个观察者的观察区域。

  $n,m<=10^5$

  这题能做?$O(N\sqrt{N}logN)$ 的做法其实不是特别难想,但是似乎会被卡常。另注:这题的最大难点在于读题。

  刚刚听了题解,感觉学到了很多东西,原来分块可以做到 $O(\sqrt{N})$ 区间加,$O(1)$ 区间查询,实在是非常神奇。

  那么这里先写抄一份正常解法:

  首先考虑分块维护区间和,有一个比较巧妙的做法是对于每个块维护和,再对于每个点维护块内的前后缀和,这样就可以做到 $O(1)$ 区间查询了。如果直接把这个做法扩展到区间加上复杂度就崩了,因为每次要打很多的标记。考虑对于每个块维护一个delta,表示未下放的标记...但是每个点得到的标记的实际值和它的位置是有关的,所以这里有两个做法:1.差分;2.delta标记变为维护一个等差数列的首项和公差;再用这种巧妙的分块代替原先的树状数组,即可通过本题 $O(N\sqrt{N})$

  下面是我的乱搞做法:

  对于观察者序列分块,每个块内维护一个长度为 $n$ 的数组,每个位置上的值表示这个块内的观察者有多少能看到这个位置。修改时,对于每个块计算贡献;查询时,整块可以直接得到答案,散点暴力查询。修改观察区间则更简单,只需要在相应的块内做一些处理就可以了。这里需要一个区间修改的数据结构,选择树状数组。

  这样做的问题在于每个操作之间的复杂度过于不平衡,所以用 a,b,c 表示三个操作的操作次数,m表示分块大小,得到下式:

  $a\frac{N}{M}logN+b\frac{N}{M}+bMlogN+clogN$

  这样就可以用...模拟退火得到最优的块大小!

  ---shzr

CROI R1的更多相关文章

  1. PP66 EEPPPPMM SSyysstteemm AAddmmiinniissttrraattiioonn GGuuiiddee 16 R1

    ※★◆●PP66 EEPPPPMM SSyysstteemm AAddmmiinniissttrraattiioonn GGuuiiddee 16 R1AApprriill 22001166Conte ...

  2. P6 EPPM Installation and Configuration Guide 16 R1 April 2016

    P6 EPPM Installation and Configuration Guide 16 R1         April 2016 Contents About Installing and ...

  3. P6 EPPM 16 R1 文档和帮助系统

    P6 EPPM 16 R1 文档和帮助系统 https://docs.oracle.com/cd/E74894_01/ http://docs.oracle.com/cd/E68202_01/clie ...

  4. P6 Professional Installation and Configuration Guide (Microsoft SQL Server Database) 16 R1

    P6 Professional Installation and Configuration Guide (Microsoft SQL Server Database) 16 R1       May ...

  5. 位运算取第一个非0的位 r & (~(r-1))

    Single Number III Given an array of numbers nums, in which exactly two elements appear only once and ...

  6. Intersoft Mobile Studio 2013 R1 SP1 Crack

    Intersoft Mobile Studio 2013 R1 SP1 (iOS, Android & WinR) Leave a comment   tweet       inShare ...

  7. 洛谷3月月赛 R1 Step! ZERO to ONE

    洛谷3月月赛 R1 Step! ZERO to ONE 普及组难度 290.25/310滚粗 t1 10分的日语翻译题....太难了不会... t2 真·普及组.略 注意长为1的情况 #include ...

  8. SDOI 2019 R1游记

    $SDOI$ $2019$ $R1$游记 昨天才刚回来,今天就来写游记啦! Day -5: 做了一下去年省选的Day1,感觉很神仙. Day -4: 做了一下去年省选的Day2,感觉还是很神仙. Da ...

  9. SDOI2017 R1做题笔记

    SDOI2017 R1做题笔记 梦想还是要有的,万一哪天就做完了呢? 也就是说现在还没做完. 哈哈哈我竟然做完了-2019.3.29 20:30

随机推荐

  1. Netty实战九之单元测试

    ChannelHandler是Netty应用程序的关键元素,所以彻底地测试他们应该是你的开发过程的一个标准部分.最佳实践要求你的测试不仅要能够证明你的实现是正确的,而且还要能够很容易地隔离那些因修改代 ...

  2. C#设计模式之十六观察者模式(Observer Pattern)【行为型】

    一.引言 今天是2017年11月份的最后一天,也就是2017年11月30日,利用今天再写一个模式,争取下个月(也就是12月份)把所有的模式写完,2018年,新的一年写一些新的东西.今天我们开始讲“行为 ...

  3. Android BrocastReceiver解析

    简介 BroadcastReceiver(广播接收器)是Android四大组件之一,是一个用来响应系统范围内的广播组件,可以从Android系统和其它app发送或接收广播消息,类似于发布 - 订阅设计 ...

  4. mysql用户授权、数据库权限管理、sql语法详解

    mysql用户授权.数据库权限管理.sql语法详解 —— NiceCui 某个数据库所有的权限 ALL 后面+ PRIVILEGES SQL 某个数据库 特定的权限SQL mysql 授权语法 SQL ...

  5. HTTP与HTTPs的区别?

    简而言之:   HTTPS = HTTP + SSL HTTP 的 URL 以 http:// 开头,而 HTTPS 的 URL 以 https:// 开头 HTTP 是不安全的,而 HTTPS 是安 ...

  6. mybatis加载属性

    1): <dataSource>的<property>标签加载属性 在 properties 元素体内定义的属性首先被读取 然后会读取 properties 元素中 resou ...

  7. 【CSS学习】--- 文本水平对齐属性text-align和元素垂直对齐属性vertical-align

    一.文本水平对齐属性---text-align text-align属性是将块级标签以及单元格里面的内容进行相应的对齐,块级标签里的内联元素会被整体进行移动,而子块级元素或子单元格则会继承父元素的te ...

  8. jQuery的一生

    jQuery 1.什么是jQuery? 是轻量级的,兼容多浏览器的JavaScript库,使用户能够方便的处理HTML Document,Events,实现动画效果,方便进行Ajax交互,能够极大地简 ...

  9. 洛谷P4462 [CQOI2018]异或序列(莫队)

    题意 题目链接 Sol 一开始以为K每次都是给出的想了半天不会做. 然而发现读错题了维护个前缀异或和然后直接莫队搞就行,. #include<bits/stdc++.h> #define ...

  10. 将HTML页面自动保存为PDF文件并上传的两种方式(一)-前端(react)方式

    一.业务场景 公司的样本检测报告以React页面的形式生成,已调整为A4大小的样式并已实现分页,业务上需要将这个网页生成PDF文件,并上传到服务器,后续会将这个文件发送给客户(这里不考虑). 二.原来 ...