小 N 是蔬菜仓库的管理员,负责设计蔬菜的销售方案。 在蔬菜仓库中,共存放有 n 种蔬菜,小 N 需要根据不同蔬菜的特性,综合考虑各 方面因素,设计合理的销售方案,以获得最多的收益。 在计算销售蔬菜的收益时,每销售一个单位第 i 种蔬菜,就可以获得 ai 的收益。 特别地,由于政策鼓励商家进行多样化销售,第一次销售第 i 种蔬菜时,还会额外 得到 si 的额外收益。 在经营开始时,第 i 种蔬菜的库存为 ci 个单位。 然而,蔬菜的保鲜时间非常有限,一旦变质就不能进行销售,不过聪明的小 N 已 经计算出了每个单位蔬菜变质的时间:对于第 i 种蔬菜,存在保鲜值 xi,每天结束时会 有 xi 个单位的蔬菜变质,直到所有蔬菜都变质。(注意:每一单位蔬菜的变质时间是固 定的,不随销售发生变化) 形式化地:对于所有的满足条件 d × xi ≤ ci 的正整数 d ,有 xi 个单位的蔬菜将在 第 d 天结束时变质。 特别地,若 (d − 1) × xi ≤ ci < d × xi ,则有 ci − (d − 1) × xi 单位的蔬菜将在第 d 天 结束时变质。 注意,当 xi = 0 时,意味着这种蔬菜不会变质。 同时,每天销售的蔬菜总. 量. 也是有限的,最多不能超过 m 个单位。 现在,小 N 有 k 个问题,想请你帮忙算一算。每个问题的形式都是:对于已知的 pj,如果需要销售 pj 天,最多能获得多少收益?

Solution

这题好神,研究了半天题解。

先考虑只有一组询问的情况。

因为一种蔬菜第一次出售和之后再出售价格不同,所以我们把一种蔬菜拆成两个。

这样的话我们就可以按照权值从大到小排序,再贪心就可以了。

对于一种蔬菜,我们可以把它从坏掉的那一天贪心的能放就放(这样肯定是对的,因为那个位置卖后面的东西肯定是不优的).。

然后用并查集维护能卖的天。

还需要注意我们是用了时光倒流的思想,在一开始枚举时候,我们的蔬菜量是坏到那一天时的剩余蔬菜量,再往前跳下一个能卖东西的日子时,要把这段时间内的坏掉的蔬菜加回来。

这就是对于一个询问的操作。

再考虑多组询问。

我们取天数最大的一个询问,对它做一遍贪心,与此同时开两个桶记录每天卖了多少蔬菜和每种蔬菜卖了多少份。

然后我们在缩短时间时维护一个东西,就是对于一天来说最少需要丢掉几个蔬菜,其实就是这一天往后卖的所有蔬菜减去前面还能卖的蔬菜。

然后我们贪心的挑小的丢掉就好了。

Code

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<algorithm>
#define N 200002
using namespace std;
typedef long long ll;
ll n,m,k,cnt,tong[N],ji[N],tag[N],f[N],a,x,c,s,md,sum,sh[N],to[N],diss[N],zong,ans[N],qe[N],tot;
inline ll rd(){
ll x=;char c=getchar();bool f=;
while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=;c=getchar();}
while(isdigit(c)){
x=(x<<)+(x<<)+(c^);
c=getchar();
}
return f?-x:x;
}
struct node{
ll val,num,day,x;
bool operator <(const node &b)const{
return val>b.val;
}
}q[N];
int find(int x){return f[x]=f[x]==x?x:find(f[x]);}
int main(){
n=rd();m=rd();k=rd();
for(int i=;i<=n;++i){
a=rd();s=rd();c=rd();x=rd();
q[++tot]=node{a+s,,x?((c-)/x+):1e5,};
c--;
if(c)q[++tot]=node{a,c,x?(c-)/x+:1e5,x};
}
sort(q+,q+tot+);
for(int i=;i<=k;++i)qe[i]=rd(),md=max(md,qe[i]);
for(int i=;i<=md;++i)f[i]=i,tong[i]=m;
for(int i=;i<=tot;++i){
node now=q[i];cnt++;tag[cnt]=now.val;
ll day=find(min(md,now.day));now.num-=(day-)*now.x;
while(now.num&&tong[day]){
int ss=min(tong[day],now.num);
ji[cnt]+=ss;sum+=ss*now.val;tong[day]-=ss;now.num-=ss;
if(!tong[day])f[day]=day-;
ll dd=day;day=find(day-);dd-=day;
now.num+=dd*now.x;
}
if(!find(md))break;
}
for(int i=;i<=md;++i)sh[i]=sh[i-]+tong[i],to[i]=to[i-]+(m-tong[i]);
for(int i=md;i>=;--i)diss[i]=max(0ll,zong-sh[i]),zong+=(m-tong[i]);
for(int i=md;i>=;--i){
ans[i]=sum;
ll tmp=diss[i-]-diss[i];
while(tmp){
x=min(tmp,ji[cnt]);
sum-=tag[cnt]*x;
tmp-=x;ji[cnt]-=x;
if(!ji[cnt]) cnt--;
}
}
for(int i=;i<=k;++i)printf("%lld\n",ans[qe[i]]);
return ;
}

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