emmmm......ouuan大佬上紫了,我却没打......

首先吐槽一波家长会和机房锁门,害我只能来打虚拟赛。


写了abcd四题,还是被ouuan大佬吊打.......

264名,应该能上分吧。

A,你要做n张贺卡,每张贺卡需要2红,5黄,8蓝。

你买一张卡纸就能获得k个某种颜色。问最少买几张卡纸。

解:红色就是(2*n-1)/k+1,别的以此类推。

B,给你个数列,ai=i*(-1)^i,求L到R的和。

解:我们先两两求和,最后可能有多出来的,处理一下。

C,给你个n*m的矩阵,黑白染色。先把一块染成白色,又把一块染成黑色。求最终的黑色个数。

解:先分开处理,然后把交叉的地方的黑色加上。

D,题意比较复杂......

可以想到一种贪心就是先尽量切边缘的一条小道,直到剩余刀数不够。

然后判断别的地方空出来的能不能放下所有剩余刀数。

转化一下就是把别的地方都切了,看刀数是不是小于k。

再转化,能容纳的总刀数 - 切出来小道后小道内不能切的刀数 < k 即为不合法。

发现当n较大时,如果这个图能够容纳k刀,一定存在方案。

n比较小的时候就用公式计算。

 #include <bits/stdc++.h>

 typedef long long LL;
const int N = ; LL n, k; inline bool check(LL n, LL k) {
if(!n) {
return k == ;
}
k = * k + ;
LL a = ;
for(int i = ; i <= n; i++) {
a *= ;
if(a >= k) {
return ;
}
}
return ;
} inline LL qpow(LL a, LL b) {
LL ans = ;
while(b) {
if(b & ) {
ans *= a;
}
a *= a;
b = b >> ;
}
return ans;
} inline void solve() { scanf("%lld%lld", &n, &k); if(!check(n, k)) {
printf("NO\n");
return;
} LL t = ;
while((1ll << (t + )) - (t + ) <= k && t < n) {
t++;
}
//k -= (1ll << (t + 2)) - (t + 3));
LL x = n - t;
if(n <= ) {
LL temp = (qpow(, n) - ) - (qpow(, t + ) - ) * (qpow(, x) - );
k *= ;
if(k <= temp) {
printf("YES %d\n", x);
}
else {
printf("NO\n");
}
return;
}
printf("YES %d\n", x);
return;
} int main() { int T;
scanf("%d", &T);
while(T--) {
solve();
} return ;
}

AC代码

看了看E,好神仙啊,完全不知道如何操作......

给你个字母矩阵,问有多少个子矩阵满足:可以只交换行内元素,使得这个子矩阵的每行每列都回文。n,m<=250

回来补票了。

先看一个合法的子矩阵有什么性质。首先每行出现奇数次的元素不能超过1。然后对应行必须所有字母出现次数相同。

首先预处理出后一个限制。然后枚举子矩阵的左右边界,进行manacher。

 #include <bits/stdc++.h>

 typedef unsigned long long uLL;
typedef long long LL;
const int N = ;
const uLL B = ; uLL h[N * ][N][N], pw[];
int n, m, bin[], f[N * ];
char s[N * ][N];
std::bitset<N> valid[N * ][N]; int main() { scanf("%d%d", &n, &m);
n = n * - ;
for(int i = ; i <= n; i += ) {
scanf("%s", s[i] + );
}
pw[] = ;
for(int i = ; i <= ; i++) {
pw[i] = pw[i - ] * B;
} /// prework
for(int i = ; i <= n; i += ) {
for(int l = ; l <= m; l++) {
memset(bin, , sizeof(bin));
int cnt = ;
uLL H = ;
for(int r = l; r <= m; r++) {
/// [l, r] add r
valid[i + ][l][r] = ;
if(i == ) valid[i - ][l][r] = ;
int f = s[i][r] - 'a';
bin[f]++;
//printf("%llu + %llu = ", H, pw[f]);
H += pw[f];
//printf("%llu \n", H);
if(bin[f] & ) {
cnt++;
}
else {
cnt--;
}
if(cnt <= ) {
valid[i][l][r] = ;
h[i][l][r] = H;
}
//printf("%d %d %d = %d %llu \n", i, l, r, (int)(valid[i][l][r]), h[i][l][r]);
}
}
} LL ans = ;
for(int l = ; l <= m; l++) {
for(int r = l; r <= m; r++) {
/// [l, r]
int large = , pos = ;
//printf("> > [%d %d] \n", l, r);
for(int i = ; i <= n + ; i++) {
if(!valid[i][l][r]) {
f[i] = ;
pos = ;
large = ;
continue;
}
if(i > large) {
f[i] = ;
int j = ;
while(i - j >= && i + j <= n + && h[i - j][l][r] == h[i + j][l][r] && valid[i - j][l][r] && valid[i + j][l][r]) {
f[i] = j;
j++;
}
pos = i;
large = i + f[i];
}
else {
f[i] = f[ * pos - i];
if(i + f[i] > large) {
f[i] = large - i;
}
int j = f[i] + ;
while(i - j >= && i + j <= n + && h[i - j][l][r] == h[i + j][l][r] && valid[i - j][l][r] && valid[i + j][l][r]) {
f[i] = j;
j++;
}
if(i + f[i] > large) {
large = i + f[i];
pos = i;
}
}
ans += (f[i] + ) / ;
//printf("f %d = %d ans += %d \n", i, f[i], (f[i] + 1) / 2);
}
}
} printf("%lld\n", ans);
return ;
}

AC代码

CF1080的更多相关文章

随机推荐

  1. item 11: 比起private undefined function优先使用deleted function

    本文翻译自modern effective C++,由于水平有限,故无法保证翻译完全正确,欢迎指出错误.谢谢! 博客已经迁移到这里啦 如果你为其他开发者提供代码,并且你想阻止他们调用一个特定的函数,你 ...

  2. VMware workstation运维实践系列博客导航

    第一章:VMware workstation虚拟化1.1 VMware workstation计算网络存储介绍1.2 VMware workstation其他功能特性介绍1.3 VMware work ...

  3. Centos6.9下RocketMQ3.4.6高可用集群部署记录(双主双从+Nameserver+Console)

    之前的文章已对RocketMQ做了详细介绍,这里就不再赘述了,下面是本人在测试和生产环境下RocketMQ3.4.6高可用集群的部署手册,在此分享下: 1) 基础环境 ip地址 主机名 角色 192. ...

  4. JackSon学习笔记(一)

    概述 Jackson框架是基于Java平台的一套数据处理工具,被称为“最好的Java Json解析器”. Jackson框架包含了3个核心库:streaming,databind,annotation ...

  5. 软件工程驻足篇章:第十七周和BugPhobia团队漫长的道别

    0x01 :序言 I am a slow walker, but I never walk backwards. 成长于被爱,学着爱人 成长的故事 也是年少的星期六结束的故事 就仿佛我和BugPhob ...

  6. 《Linux内核设计与实现》 第五章学习笔记

    第五章 系统调用 在现代操作系统中,内核提供了进程与内核进行交互的一组接口.有如下作用: 让应用程序受限的访问硬件设备 提供了创新进程并与已有进程进行通信的机制 提供了申请操作系统其它资源的能力 保证 ...

  7. 20135323符运锦期中总结----Linux系统的理解及学习心得

    一.网易云课堂 1.各章节总结 第一周:计算机是如何工作的http://www.cnblogs.com/20135323fuyunjin/p/5222787.html 第二周:操作系统是如何工作的ht ...

  8. Mooc总结——Linux内核分析

    朱荟潼+ 原创作品转载请注明出处 :<Linux内核分析>MOOC课程http://mooc.study.163.com/course/USTC-1000029000 学习笔记链接汇总 第 ...

  9. 第一次Spring总结

    第一阶段:下载了类似app使用,并做了对比,分析,对自己的app有了一些构思,完成了环境的配置.在这一阶段,一开始只有两个女生显得有点弱,面对从未接触过的app项目,首先就是配置环境方面的,在经过班上 ...

  10. Java7和8在虚拟机上的差异:Perm Generation vs. Metaspace