胜利大逃亡

Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others) Total Submission(s): 21759    Accepted Submission(s): 8538

Problem Description
Ignatius被魔王抓走了,有一天魔王出差去了,这可是Ignatius逃亡的好机会.
魔王住在一个城堡里,城堡是一个A*B*C的立方体,可以被表示成A个B*C的矩阵,刚开始Ignatius被关在(0,0,0)的位置,离开城堡的门在(A-1,B-1,C-1)的位置,现在知道魔王将在T分钟后回到城堡,Ignatius每分钟能从一个坐标走到相邻的六个坐标中的其中一个.现在给你城堡的地图,请你计算出Ignatius能否在魔王回来前离开城堡(只要走到出口就算离开城堡,如果走到出口的时候魔王刚好回来也算逃亡成功),如果可以请输出需要多少分钟才能离开,如果不能则输出-1.
 
Input
输入数据的第一行是一个正整数K,表明测试数据的数量.每组测试数据的第一行是四个正整数A,B,C和T(1<=A,B,C<=50,1<=T<=1000),它们分别代表城堡的大小和魔王回来的时间.然后是A块输入数据(先是第0块,然后是第1块,第2块......),每块输入数据有B行,每行有C个正整数,代表迷宫的布局,其中0代表路,1代表墙.(如果对输入描述不清楚,可以参考Sample Input中的迷宫描述,它表示的就是上图中的迷宫)
特别注意:本题的测试数据非常大,请使用scanf输入,我不能保证使用cin能不超时.在本OJ上请使用Visual C++提交.
Output
 
对于每组测试数据,如果Ignatius能够在魔王回来前离开城堡,那么请输出他最少需要多少分钟,否则输出-1. 
Sample Input
1
3 3 4 20
0 1 1 1
0 0 1 1
0 1 1 1
1 1 1 1
1 0 0 1
0 1 1 1
0 0 0 0
0 1 1 0
0 1 1 0
 
Sample Output
 
11

/*-----------------------------------------------------------------------

本题是搜索题,从囚徒出发,搜索到出口的最短路线的距离值(或者反向,由出口开始,搜索到囚徒的位置的距离值),容易想到的是宽度优先搜索,首先将囚徒的点放入先进先出的一个队列,并记录走过的时间(或距离),以后不断地

(1)将队列中先进的元素推出,还原为实际储存点后,

(2)六向搜索通路点,并将搜索到的通路点放进先进先出队列。

(3)重复(1),(2),直到搜索到目标点(出口)或队列为空为止,前者只要搜索得的值低于题目给出的T值,就输出此值,其余情况输出-1;

-------------------------------------------------------------------------

本题目有几个大坑:

1,门有可能是墙壁;(墙壁不可出,但是一开始人站的地方是墙居然又可以)

2,题目给出的某些CASE的T值小于囚徒到门口的空间最短距离(A+B+C-3)。不要忘记-1的情况

3,开始可以是墙,不影响,

掉进去会使用时增多,如果你的搜索效率再不高的,就很可能超时了。

----------------------------------------------------------------------------------*/

链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1253

这道题没什么特别难的地方,只是有几个bug要注意一下

#include<iostream>//和模板类似
#include<cstring>
#include<queue>
using namespace std;
#define MAXN 55
int map[MAXN][MAXN][MAXN];
int visit[MAXN][MAXN][MAXN];
int fx,fy,fz,a,b,c,T;
int dir[][]={{,,},{,,},{,,},{,-,},{-,,},{,,-}}; struct state
{
int x;
int y;
int z;
int step;
}; int cheak(int x,int y,int z)
{
if(x<||x>=a||y<||y>=b||z<||z>=c)
return ;
else
return ;
} int bfs()
{
queue<state>Q;
state now,next;
now.x=fx;
now.y=fy;
now.z=fz;
now.step=;
Q.push(now);
visit[now.x][now.y][now.z]=;
while(!Q.empty())
{
now=Q.front();
Q.pop(); if(now.x==a-&&now.y==b-&&now.z==c-)
{
return (now.step);
}
else
{
for(int i=;i<;i++)
{
next.x=now.x+dir[i][];
next.y=now.y+dir[i][];
next.z=now.z+dir[i][];
if(visit[next.x][next.y][next.z] || map[next.x][next.y][next.z] || !cheak(next.x,next.y,next.z))
{
continue;
}
next.step=now.step+;
Q.push(next);
visit[next.x][next.y][next.z]=;
}
}
if(Q.empty()&&(now.x!=a-||now.y!=b-||now.z!=c-)) //当出不来,没路的时候,不要忘了
{
return (-);
}
}
}
int main()
{
int i,j,k,m,count;
scanf("%d",&m);
while(m--)
{
scanf("%d%d%d%d",&a,&b,&c,&T);
for(i=;i<a;i++)
for(j=;j<b;j++)
for(k=;k<c;k++)
scanf("%d",&map[i][j][k]);
memset(visit,,sizeof(visit));
fx=fy=fz=; if(map[a-][b-][c-])//原来是这样写的if(map[fx][fy][fz]||map[a-1][b-1][c-1]),我靠!开始的时候居然可以从墙里出来,还有最后的门居然可以是墙!真心撞死
printf("-1\n");
else
{
count=bfs();
if(count>T)
printf("-1\n");
else
printf("%d\n",count);
}
}
return ;
}
/*
5
3 3 4 20
0 1 1 1
0 0 1 1
0 1 1 1
1 1 1 1
1 0 0 1
0 1 1 1
0 0 0 0
0 1 1 0
0 1 1 0
3 3 4 20
1 1 1 1
0 0 1 1
0 1 1 1
1 1 1 1
1 0 0 1
0 1 1 1
0 0 0 0
0 1 1 0
0 1 1 0
3 3 4 20
0 1 1 1
0 0 1 1
0 1 1 1
1 1 1 1
1 0 0 1
0 1 1 1
0 0 0 0
0 1 1 0
0 1 1 1
3 3 4 10
0 1 1 1
0 0 1 1
0 1 1 1
1 1 1 1
1 0 0 1
0 1 1 1
0 0 0 0
0 1 1 0
0 1 1 0
3 3 4 21
0 1 1 1
0 0 1 1
0 1 1 1
1 1 1 1
1 0 0 1
0 1 1 1
0 0 1 0
0 1 1 0
0 1 1 0
*/ /*
11
11
-1
-1
-1
*/

希望对你有所帮助,那么有什么问题可以回复我,

敬请期待我的拙作,,,O(∩_∩)O哈哈~

 

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