Luogu 1064 金明的预算方案 / CJOJ 1352 [NOIP2006] 金明的预算方案（动态规划）

Luogu 1064 金明的预算方案 / CJOJ 1352 [NOIP2006] 金明的预算方案（动态规划）

Description

金明今天很开心，家里购置的新房就要领钥匙了，新房里有一间金明自己专用的很宽敞的房间。更让他高兴的是，妈妈昨天对他说：“你的房间需要购买哪些物品，怎么布置，你说了算，只要不超过N元钱就行”。今天一早，金明就开始做预算了，他把想买的物品分为两类：主件与附件，附件是从属于某个主件的，下表就是一些主件与附件的例子：

主件 附件

电脑 打印机，扫描仪

书柜 图书

书桌 台灯，文具

工作椅 无

如果要买归类为附件的物品，必须先买该附件所属的主件。每个主件可以有0个、1个或2个附件。附件不再有从属于自己的附件。金明想买的东西很多，肯定会超过妈妈限定的N元。于是，他把每件物品规定了一个重要度，分为5等：用整数1~5表示，第5等最重要。他还从因特网上查到了每件物品的价格（都是10元的整数倍）。他希望在不超过N元（可以等于N元）的前提下，使每件物品的价格与重要度的乘积的总和最大。

设第j件物品的价格为v[j]，重要度为w[j]，共选中了k件物品，编号依次为j1，j2，……，jk，则所求的总和为：

v[j1]*w[j1]+v[j2]*w[j2]+ …+v[jk]*w[jk]。（其中*为乘号）

请你帮助金明设计一个满足要求的购物单。

Input

输入的第1行，为两个正整数，用一个空格隔开：

N m （其中N（<32000）表示总钱数，m（<60）为希望购买物品的个数。）

从第2行到第m+1行，第j行给出了编号为j-1的物品的基本数据，每行有3个非负整数

v p q （其中v表示该物品的价格（v<10000），p表示该物品的重要度（1~5），q表示该物品是主件还是附件。如果q=0，表示该物品为主件，如果q>0，表示该物品为附件，q是所属主件的编号）

Output

输出只有一个正整数，为不超过总钱数的物品的价格与重要度乘积的总和的最大值（<200000）。

Sample Input

1000 5

800 2 0

400 5 1

300 5 1

400 3 0

500 2 0

Sample Output

2200

Http

Luogu:https://www.luogu.org/problem/show?pid=1064#sub

CJOJ:http://oj.changjun.com.cn/problem/detail/pid/1352

Source

动态规划

题目大意

依赖背包

解决思路

我们将主件与附件合在一起看作一组，设F[i][j]表示前i组花费j元钱的最大价值，每次枚举只选主件、主件+附件1、主件+附件2、主件+附件1+附件这三种情况，即可按照普通的背包问题解决。

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
using namespace std;

class Item
{
public:
    int value,cost;
    Item()
    {
        value=cost=-1;//-1的时候表示还没有这个物品
    }
    void init(int a,int b)
    {
        value=a;
        cost=b;
    }
};

class MainItem
{
public:
    Item Main;//主件
    Item A[3];//附近
};

const int maxN=33000;
const int maxM=70;
const int inf=2147483647;

int n,m;
int Map[maxM];
MainItem I[maxM];
int F[maxM][maxN];

int main()
{
    int N=0;
    cin>>n>>m;
    for (int i=1;i<=m;i++)
    {
        int v,p,q;
        cin>>v>>p>>q;
        if (q==0)
        {
            N++;
            Map[i]=N;
            I[N].Main.init(v*p,v);
        }
        else
        {
            int vv=Map[q];
            if (I[vv].A[1].value==-1)
                I[vv].A[1].init(v*p,v);
            else
                I[vv].A[2].init(v*p,v);
        }
    }
    memset(F,0,sizeof(F));
    int Ans=0;
    for (int i=1;i<=N;i++)
        for (int j=0;j<=n;j++)
        {
            F[i][j]=F[i-1][j];
            int c=I[i].Main.cost;
            int v=I[i].Main.value;
            int c1=I[i].A[1].cost;
            int c2=I[i].A[2].cost;
            int v1=I[i].A[1].value;
            int v2=I[i].A[2].value;
            if (j>=c)//注意要判断是否合法，因为可能出现没有附件或附件只有一个的情况
            {
                F[i][j]=max(F[i][j],F[i-1][j-c]+v);
            }
            if ((v1!=-1)&&(j>=c1+c))
                F[i][j]=max(F[i][j],F[i-1][j-c1-c]+v+v1);
            if ((v2!=-1))
            {
                if (j>=c2+c)
                    F[i][j]=max(F[i][j],F[i-1][j-c2-c]+v+v2);
                if (j>=c+c1+c2)
                    F[i][j]=max(F[i][j],F[i-1][j-c-c1-c2]+v+v1+v2);
            }
            Ans=max(Ans,F[i][j]);
        }
    /*for (int i=1;i<=N;i++)
    {
        for (int j=0;j<=n;j++)
            cout<<F[i][j]<<' ';
        cout<<endl;
    }*/
    cout<<Ans<<endl;
    return 0;
}