总体思路:离散化 + 建图 + 单源最短路
(看见人少蒟蒻才敢发题解QAQ)


需要注意的是:

  1. 考虑到w范围较大,而实际虫洞数量较小,就只记录虫洞的起点与终点来建图。
  2. 建图时,虫洞起点可以去重。
  3. 在建图时b、e两点的距离并不一定为(e-b+s-1)/s。比如当我从0处走到6处,限定步数为3时,理论上是走2步,但如果3处有虫洞无法停留,则只能0->2->5->6走4步。
 #include <bits/stdc++.h>
#define r(x) scanf("%d",&x)
const int I=;
using namespace std;
set<int>s;//去重
int w,st,p,c;
int l[I*],x[I],y[I];//l[]为离散化数组,x[]为虫洞起点,y[]为虫洞终点
int d[I*][I*];
int F(int b,int e){//求解两点间距离
if(b==e)return ;
if(s.count(b))return 0x3fffffff;
int k=e;
for(int i=;i<=p;i++)
if(b<x[i]&&x[i]<k&&(x[i]-b)%st==)k=x[i];//查找第一个落脚点
while(k!=e&&s.count(k))k--;
if(k==b)return 0x3fffffff;
return F(k,e)+(k-b+st-)/st;
}
int Q(int x) {//由原点找离散化后的点
return lower_bound(l+,l+c+,x)-l;
}
void Floyd(){//求解最短路
for(int k=;k<=c;k++)
for(int i=;i<=c;i++)
for(int j=;j<=c;j++)
d[i][j]=min(d[i][j],d[i][k]+d[k][j]);
}
int main(){
r(w);
while(w!=){
r(st);r(p);
s.clear();
memset(l,,sizeof l);
memset(x,,sizeof x);
memset(y,,sizeof y);
c=;
l[++c]=;l[++c]=w;
for(int i=;i<=p;i++)
r(x[i]),r(y[i]),s.insert(x[i]),l[++c]=x[i],l[++c]=y[i];
sort(l+,l+c+);
c=unique(l+,l+c+)-l-;
memset(d,0x3f,sizeof d);
for(int i=;i<=p;i++)
d[Q(x[i])][Q(y[i])]=;//虫洞起终点距离为0
for(int i=;i<c;i++)
for(int j=i+;j<=c;j++)
d[i][j]=min(d[i][j],F(l[i],l[j]));//初始化
Floyd();
cout<<d[][c]<<endl;
r(w);
}
return ;
}

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