最近在狂补题啊QAQ... 打算先把NOIP的干掉吧... 点我看题 链接还是放洛谷的了... 题意:给一个n*m的矩阵,在这个矩阵里选 r 行 c 列,然后这 r 行 c 列所相交的格子为新矩阵的,设定矩阵的价值为矩阵中相邻(上下左右)的元素的差的绝对值. 求最小的价值. 思路:这题我还很清楚在今年NOIP集训前lz有讲过,但是没听懂啊QAQ...昨天去看了看,想着先打个暴力水分. 因为比赛中暴力分很关键啊...练好暴力很重要.直接先打了一个裸的双重dfs.拿了55分. 当然这都是普通的暴力分…

NOIP 2014普及组 T4(话说一道PJ组的题就把我卡了一个多小时诶) 这道题在我看第一次的时候是没有意识到这是一道DP题的,然后就摁着DFS敲了好长时间,结果敲了一个TLE 这是DP!!! 下面开始进入正题 题目描述 给出如下定义: 子矩阵:从一个矩阵当中选取某些行和某些列交叉位置所组成的新矩阵(保持行与列的相对顺序)被称为原矩阵的一个子矩阵. 例如,下面左图中选取第22.44行和第22.44.55列交叉位置的元素得到一个2 \times 32×3的子矩阵如右图所示. 9 3 3 3 9…

首先是题目的意思: 从一个正方形的0,0点开始走,只能横着走,竖着走,最多走k步,下一个点的数一定要比当前这个点的值大,每走一步,就加上下一个点的数据,问数据最大能有多少. 首先遇到这种题目,走来走去的,一开始想到的是搜索,但是搜索我们搜的很多是路径,能走到那个点的最短路,但是这道题目不一样. 首先要注意的一点是,如果没有条件的搜索,那就是枚举.只有搜遍了才能得到最后的解. 1s题,只是搜的话肯定TLE了. 所以我们想到的自然就是dp了.dp的好处是什么?就是能减少不必要的搜索.用已知的结果减少…

/*记忆化dfs+dp dp[i][j]代表达到这个点的所有路的条数,那么所有到达终点的路的总数就是这dp[1][1]加上所有他所能到达的点的 所有路的总数 */ #include<stdio.h> #include<string.h> #include<algorithm> using namespace std; ; int map[maxn][maxn],vis[maxn][maxn]; int dp[maxn][maxn]; int n,m; int ok(in…

题目传送门 /* 记忆化搜索(DFS+DP):dp[x][y] 表示x个蛋,在y楼扔后所需要的实验次数 ans = min (ans, max (dp[x][y-i], dp[x-1][i-1]) + 1):前者表示蛋没碎,则往高处(y-i)搜索 后者表示蛋碎了,往低处(i-1)方向搜索 这样写不好,每次memset (dp)就会超时:( 详细解释:http://blog.csdn.net/fulongxu/article/details/27110435 */ #include <cstdio…

题目传送门 /* 题意:给了两堆牌,每次从首部取出一张牌,按颜色分配到两个新堆,分配过程两新堆的总数差不大于1 记忆化搜索(DFS+DP):我们思考如果我们将连续的两个操作看成一个集体操作,那么这个操作必然是1红1黑 考虑三种情况:a[]连续两个颜色相同,输出11:b[]连续两个相同,输出22: a[x] != b[y], 输出12:否则Impossible 详细解释:http://blog.csdn.net/jsun_moon/article/details/10254417 */ #incl…

传送门 简单的dfs+dp即可解决.根本不用动态开点 /* * Author: heyuhhh * Created Time: 2019/11/13 10:12:42 */ #include <bits/stdc++.h> #define MP make_pair #define fi first #define se second #define sz(x) (int)(x).size() #define all(x) (x).begin(), (x).end() #define INF 0…

[题意] 已知:n,m,r,c,a[i][j] (1 ≤ n ≤ 16, 1 ≤ m ≤ 16,1 ≤ a[i][j] ≤1000,1 ≤ r ≤ n, 1 ≤ c ≤ m) 条件:矩阵的分值定义为每一对相邻元素之差的绝对值之和 求:n*m的矩阵中找出r*c的子矩阵,使其分值最小 [构思] 对于一维的问题,就是只有一行,那么很好解决: 子矩阵,找r行,再找c列: 找r行,搜索,2^r: 然后对于列的处理,可以转化为一维的情况,发现也可以用DP: 所以时间复杂度为O(2^r*c*c) [实现] #…

P2258 子矩阵 二进制枚举套二进制枚举能过多一半的点: 我们只需要优化一下第二个二进制枚举的部分: 首先我们先枚举选哪几行,再预处理我们需要的差值,上下,左右: sum_shang,sum_heng 然后DP查找最小值 dp[i][j]表示前i列已经选了j列: #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; ; int n,m,r,c; int a[maxn][m…

Y - How many ways Time Limit:1000MS     Memory Limit:32768KB     64bit IO Format:%I64d & %I64u Submit Status Practice HDU 1978 Appoint description: Description 这是一个简单的生存游戏,你控制一个机器人从一个棋盘的起始点(1,1)走到棋盘的终点(n,m).游戏的规则描述如下: 1.机器人一开始在棋盘的起始点并有起始点所标有的能量. 2.机器…