跟上一题的策略全然一样,这个题是要求保存当前增加的是第几个数,由于矩阵里面存的就是这个东西. 我有尝试想过是不是有一种方法能够直接推算出每一行的数据是哪些.但没过多久就放弃了.这样的方法尽管能够避免在一个二维数组中的随机訪问,可是策略太复杂了,得不偿失. class Solution { public: vector<vector<int> > generateMatrix(int n) { vector<int> tpres(n, 0); vector<vect…

我认为这个题好无聊啊,好端端一个数组.干嘛要跟比巴卜一样转一圈输出呢. . 思想非常easy,每次从左到右.再从上到下,在从右到左,再从下到上.问题是每次到什么时候该改变方向.我的做法是用一个变量保存当前在第几层.这个层是相对于从外向内有几圈来说的.注意想清楚边界的话这个题一点也不难.有个细节,我的循环退出条件是訪问的数跟矩阵总个数之间的关系,假设有一次在推断进入循环是条件是满足的.可是在循环内部不满足了,我的策略是忽略这样的情况.尽管这样会在结果集中多加一些反复的数据,可是以我的算法.一定是先…

这个题乍一看非常easy,实际上还挺有技巧的.我最開始的想法是找一个特殊值标记.遇到一个0,把他所相应的行列中非零的元素标记成这个特殊值.0值保持不变,然后再从头遍历一次,碰到特殊值就转化成0. 问题是这个特殊值怎么确定,题目中没有把取值范围给出,我怀着侥幸的心理用了最大和最小的int,都被揪了出来..假设找一个不存在于数组中的值,这个复杂度太高了. 有没有其它更好的方法呢?当然有.这个思想非常巧妙,最后的结果是把所有0所在的行列都化成0,换句话说.化成0这个事情仅仅要标记出是哪一行以及哪一列就…

这道题非常难. 之前的题目我提到过一次用两个vector来做层序遍历的,就是由于这道题.要想最后恢复出单词变换的路径,就须要事先保存,依据dp中路径恢复的启示,保存的应该是一个单词的前一个变换节点.可能有非常多个单词都能变换到当前单词,因此应该是一个set.用一个二维的vector保存当前能够变换到的单词和变换出这些单词单词.每一维的vector存放的都是一个set.设存放当前可訪问单词的vector下标是current,存放变幻出这些单词的vector下标是pre,那么每一轮要開始更新curr…

在更新上面一道题的时候我就想,是不是另一道打印路径的,果不其然啊. 这样的题非经常见的,做法也非常easy,我是用一个引用的vector来存,满足条件之后直接压入结果集中,当然也能够用数组之类的,都一样.用引用须要注意的问题就是递归进行到后面的时候会对栈中的上层状态产生影响,当然能够用传值的方法来避免这个问题,可是那样子开销太大了(每次船建和销毁一个类对象,不是明智的选择).那么就是要回退,那什么时候回退,回退多少次呢?我觉得能够这样确定,在一层递归中,压入和弹出要成对出现,在这种方法中压入了几…

要求最小的步数,是不是非常easy想到用dp啊? 我一開始的做法是,当找到了一个可以从它延伸到更远的位置,就把这个位置和最远位置的步数都更新一下,结果超时了. 事实上这样不仅是超时的,并且是错误的.由于这段距离里的非常多点,事实上是上一步就能到达的. 事实上应该更新的仅仅有哪些新的可以到达的点,那哪些点是新的能到达的点呢?如果这次可以延伸更远的点是i.它的前进步数是A[i],上一次可以到达的最远的点是mmax,那新的能到达的点应该是(mmax, i+A[i] ]这个之间的这些位置.时间复杂度一下…

一天一道LeetCode系列 (一)题目 Given an integer n, generate a square matrix filled with elements from 1 to n2 in spiral order. For example, Given n = 3, You should return the following matrix: [ [ 1, 2, 3 ], [ 8, 9, 4 ], [ 7, 6, 5 ] ] (二)解题 思路参考: [一天一道LeetCode…

Leetcode59 Spiral Matrix II Given an integer n, generate a square matrix filled with elements from 1 to n2 in spiral order. For example, Given n = 3, You should return the following matrix: [ [ 1, 2, 3 ], [ 8, 9, 4 ], [ 7, 6, 5 ] ]回型打印整数n.Tips: dr dc…

当有反复元素的时候呢? 不用拍脑袋都会想到一种方法,也是全部有反复元素时的通用处理方法,维护一个set,假设这个元素没增加过就增加,增加过了的忽略掉.可是,在这道题上这个通用方法竟然超时了! 怎么办?想一下为什么会这样,如果我们要排列的数字是1111112,当当前的排列中没有1时,取哪个1生成一遍,都是一样的.仅仅有当前面的1都用过了,必须轮到这个1出场的时候,它才会有价值.更明白一点说,如果我们要在生成的排列中放两个1,那么这两个1是原来的哪两个根本无所谓,不断的选,终于的结果肯定一样,可是当…

很自然的推广,假设去掉全然二叉树的条件呢?由于这个条件不是关键,因此不会影响整体的思路.做法依旧是每次找到一层的起点,然后一层一层的走. 假设是全然二叉树的话,每层的起点就是上一层起点的左孩子,兄弟之间的链接也简单,直接找相应父亲的左右孩子就可以. 一般二叉树时,起点应该是上一层第一个有孩子节点的左孩子,或者没有左孩子时.是他的右孩子. 为了能在孩子层中不断链接,我们必须保存当孩子层的前一个节点,当当前层找到一个节点有孩子,就接到这个pre节点后面,然后更新pre节点的指向. class Sol…